广东省百校联考届高三上学期月考理科综合物理试题.docx

1、广东省百校联考届高三上学期月考理科综合物理试题广东省2019届高三百校联考11月月考理科综合（物理部分）二、选择题： 1.高铁列车在启动阶段的运动可视为初速度为零的匀加速直线运动。从列车启动开始计时，以其出发时的位置为初位置，在启动阶段，列车的动量大小A. 与它所经历的时间成正比B. 与它所经历的时间的二次方成正比C. 与它的位移大小成正比D. 与它的动能成正比【答案】A【解析】【详解】设高铁列车在启动阶段的加速度为a，经时间t的速度为v=at，则动量的大小为P=mv=mat，即与它所经历的时间成正比，故A正确，B错误；根据,得：,则动量的大小为，故C错误；根据，得：，故D错误；故选A。2.一

2、交流电压的瞬时值表达式为u=200sin50t(V)，下列判断正确的是A. 该交流电压的频率为50HzB. t=0.01s时，该交流电压的瞬时值为50VC. 直接用电压表测该交流电压，其示数为200VD. 若将该交流电压加在阻值为2k的电阻两端，则电阻的发热功率为20W【答案】D【解析】【分析】由表达式知识角速度，根据求解频率，根据瞬时值的表达式求解对应的瞬时值，电压表的示数为交流电的有效值，根据求解发热功率。【详解】由表达式知，角速度，则频率为，故A错误；当t=0.01s时，该交流电压的瞬时值为，故B错误；用电压表测该交流电压，其示数为交流电的有效值，即，故C错误；根据，解得：，故D正确，故

3、选D。【点睛】本题考查交流电有效值、瞬时值、频率等知识交流电压测量的是有效值，计算交流电的电功、电功率和焦耳热等与热效应等有关的量都用有效值s3.图示为氢原子的能级图，现让一束单色光照射到大量处于基态(量子数n=1)的氢原子上，受激的氢原子能自发地发出6种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为A. 0.54eV B. 0.85eV C. 10.2eV D. 12.75eV【答案】D【解析】【分析】根据氢原子只发出6种不同频率的色光，根据公式确定单色光照射大量处于基态的氢原子使它跃迁到哪一个激发态，从而根据能极差求出照射光子的能量【详解】由题意应该有，得n=4即能发出6种频率光的一定是n

4、=4能级，则照射氢原子的单色光的光子能量为：-0.85ev-（-13.6ev）=12.75ev，故选D。【点睛】明确原子吸收光子是量子化的，会求能级差是求这类问题的基础4.如图所示，一人站在岸上，利用绳和定滑轮拉船靠岸，在某一时刻绳的速度大小为v，绳AO段与水平面的夹角=37，OB段与水平面的夹角=30。取sin37=0.6，则此时小船的速度大小为A. v B. v C. D. 2v【答案】C【解析】【分析】将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于v，根据平行四边形定则求出船的速度【详解】船的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，如图所示：根据平行四边形定则，

5、有：，解得：，故选C。【点睛】解决本题的关键知道船的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，会根据平行四边形定则对速度进行合成，注意与OB绳子与水平夹角无关5.2018年10月15日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第三十九、四十颗北斗导航卫星。若其中一颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r，周期为T，地球的半径为R，则地球的第一宇宙速度为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】根据其中一颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，则有：，当某一卫星的轨道半径为地球半径R时，其线速度为第一宇宙速度，则有：，联立解得：，故选B。6.如图所示，

6、轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端连一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连，开始时物体B在细线的拉力作用下处于静止状态。现用竖直向下的力拉B，使B缓慢向下移动一段距离后由静止释放B，B开始竖直向上运动直至B运动到最高点，整个过程弹簧一直在弹性限度内处于伸长状态。关于物体B从最低点运动到最高点的过程，下列说法正确的是A. B的速度逐渐增大B. A的动能先增大后减小C. B的机械能逐渐变大D. A、B组成的系统机械能守恒【答案】BC【解析】【详解】A与B通过轻绳相连，故AB速度大小一直相等，当B从静止到最高点的过程，A先向左加速再向左减速，故

7、B的速度先增大后减小，A的动能先增大后减小，故A错误，B正确；除重力之外还有轻绳的拉力做正功，故B的机械能逐渐变大，故C正确；由题分析可知，弹簧、A、B组成的系统机械能守恒，故D错误；故选BC。7.如图所示，真空中有一个边长为L的正方体，正方体的两个顶点M、N处分别放置一个电荷量都为q的负点电荷，a、b、c、d是另外四个顶点。下列说法正确的是A. 同一电荷在c、d两点所受的电场力相同B. c、d两点的电势相等C. a、b两点的电场强度相同D. 把一正电荷从a点沿直线移到b点的过程中，正电荷的电势能先减小后增大【答案】BD【解析】【分析】根据电场线的分布比较电场强度的大小和电势的高低根据电场的叠

8、加原理分析电场强度的情况，根据正电荷在电势越高的点电势能越大分析，电势能的变化情况。【详解】根据电场的叠加原理可知，c、d两点电场强度大小相等，方向不同，故同一电荷在c、d两点所受的电场力不相同，故A错误；M、N两点放的是等量同种负电荷，根据对称性可知c、d两点的电势相等，故B正确；根据电场的叠加原理可知，a、b两点的电场强度大小相等，方向不同，故C错误；根据等量同种负电荷电势分布特点，可知从a沿直线到b，电势先减小后增大，故将一正电荷从a点沿直线移到b点的过程中，正电荷的电势能先减小后增大，故D正确；故选BD。【点睛】解决本题的关键是要知道等量同种负电荷的电场分布情况，沿着电场线方向电势逐渐

9、降低。8.如图所示，两光滑金属导轨间距为1m，固定在绝缘桌面上的部分是水平的，处在磁感应强度大小为1T、方向竖直向下的有界匀强磁场中(导轨其他部分无磁场)，电阻R的阻值为2，桌面距水平地面的高度为1.25m，金属杆ab的质量为0.1kg，有效电阻为1。现将金属杆ab从导轨上距桌面高度为0.45m的位置由静止释放，其落地点距桌面左边缘的水平距离为1m。取g=10m/s2，空气阻力不计，离开桌面前金属杆ab与金属导轨垂直且接触良好。下列判断正确的是A. 金属杆刚进入磁场时，其速度大小为3m/sB. 金属杆刚进入磁场时，电阻R上通过的电流大小为1.5AC. 金属杆穿过匀强磁场的过程中，克服安培力所做

10、的功为0.25JD. 金属杆穿过匀强磁场的过程中，通过金属杆某一横截面的电荷量为0.2C【答案】AC【解析】【分析】）由机械能守恒定律求出金属杆进入磁场时的速度，然后由E=BLv求出感应电动势，由闭合电路的欧姆定律求出电流；根据平抛运动求出出磁场的速度，再根据动能定理求出克服安培力做的功，根据动量定理可以求出通过金属杆某一横截面的电荷量。【详解】金属杆进入磁场前，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得：，解得：v=3m/s，故A正确；金属棒切割磁感线产生感应电动势：E=BLv，由闭合电路的欧姆定律可知，电流：，故B错误；金属棒离开磁场后做平抛运动，在竖直方向上，水平方向上：，解得：，金属

11、杆穿过匀强磁场的过程中，根据动能定理有：，即克服安培力所做的功为0.25J，故C正确；金属杆穿过匀强磁场的过程中，根据动理定理有：，又，则有：，解得：q=0.1C，故D错误；故选AC。【点睛】本题考查了电磁感应与电路和能量的综合，知道切割部分相当于电源，结合闭合电路欧姆定律、能量守恒、切割产生的感应电动势公式进行求解三、非选择题： (一)必考题： 9.学校物理兴趣小组利用如图甲所示的实验装置完成“探究加速度与力的关系”的实验。他们所用的器材有小车、一端带有滑轮的导轨、打点计时器和几个已知质量的钩码，另有学生电源和力传感器(图中未画出)(1)图乙是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间

12、隔为0.1s，由图中数据可得小车的加速度大小a=_m/s2(结果保留三位有效数字)。(2)实验小组A、B分别以各自测得的加速度a为纵轴，小车所受的合力F为横轴，作出图象如图丙中图线1、2所示，则图线1、2中对应小车(含车内的钩码)的质量较大的是图线_(选填“1”或“2”)。【答案】 (1). （1）0.195 (2). （2）1【解析】【分析】（1）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度（2）根据牛顿第二定律得出a与F的关系式即可分析质量较大的图线。【详解】（1）根据x=aT2，运用逐差法得：，（2）根据牛顿第二定律得F=ma，变形得：，即a-F图线的斜率表示质量的倒

13、数，则斜率越小质量越大，故1图线的质量较大。【点睛】掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用在该实验中，知道当钩码的质量远远小于小车质量时，钩码的重力才能近似等于小车的合力10.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，所用小灯泡标有“3V 0.3A”字样，并提供以下器材：A.电压表V (05V，内阻约3k)B电流表A1 (03A，内阻约0.2)C.电流表A2 (0500mA，内阻约1)D.滑动变阻器R1(010)E.滑动变阻器R2(02k)F.直流电源E(电动势4.5V，内阻不计)G.开关S及导线若干(1)为了提高测量的准确度和调节方便，实验中应选用的

14、电流表是_(选填“B”或“C”)，应选用的滑动变阻器是_(选填“D”或“E”)(2)在虚线框内画出实验电路图_。 (3)正确设计并连接好实验电路后，闭合开关S缓慢移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光，由电流表和电压表得到的多组示数描绘出的U-I图象如图所示，可知随着小灯泡中的电流增大，小灯泡的电阻_(选填“增大”“减小”或“不变”)。【答案】 (1). （1）C (2). D (3). （2）如图； (4). （3）增大。【解析】【分析】（1）器材的选择需安全和精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表和电压表的量程，从而测量误差的角度选择滑动变阻器。（

15、2）电压和电流需从0测起，滑动变阻器需采用分压式接法，通过灯泡的电阻大小判断其是大电阻还是小电阻，从而确定电流表内接还是外接，由此画出实验电路图；（3）根据实验原理分析即可【详解】（1）小灯泡的额定电压为3V，小灯泡的额定电流为0.3A，从安全和精确度方面考虑，所以电流表量程选500mA的A2，故选C总电阻为2000的滑动变阻器连入电路，电流非常小，测量误差较大，所以选用总电阻为10的滑动变阻器R1，故选D；（2）小灯泡在正常工作时的电阻，远小于电压表内阻，属于小电阻，“小外偏小”，电流表采用外接法。电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法。电路图如图所示：（3）通过灯泡的电流随灯泡两端电压增大而增大，小灯泡的电阻随温度的升高逐渐增大，所以U-I图象中的斜率也要逐渐增大，即小灯泡的电阻增大。【点睛】解决本题的关键掌握器材选取的原则，掌握滑动变阻器分