枣庄一模理综.docx

1、枣庄一模理综2012枣庄一模物理试题编辑：孟祥涛二、选择题(本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14在力学、电磁学理论建立和发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是 A伽利略通过理想斜面实验，提出了力是维持物体运动的原因 B牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量 C库仑在前人研究的基础上，通过实验得到了真空中点电荷的相互作用规律 D安培发现了磁场对运动电荷的作用规律，洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律15用轻绳将光滑小球P悬挂于竖直墙壁上，

2、在墙壁和小球P之间夹着矩形物块Q，如图所示P、Q均处于静止状态，则下列说法正确的是 A物块Q受到3个力 B物体P受4个力 C若绳子变长，则绳子的拉力将变小 D若绳子变短，则Q受到的静摩擦力将增大162011年8月26日消息，英国曼彻斯特大学的天文学家认为，他们已经在银河系里发现一颗由曾经的庞大恒星转变而成的体积较小的行星，这颗行星完全由钻石构成若已知引力常量，则还需知道哪些信息，就可以计算出该行星的质量 A该行星的自转周期与星体的半经 B围绕该行星做圆周运动的卫星的运行周期及轨道半径 C围绕该行星做圆周运动的卫星的运行周期及线速度 D引力在该行星表面处产生的加速度及在该行星“表面附近”运行的卫

3、星的轨道半径17a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，abc = 120现将三个等量的负点电荷-Q固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为+q的检验电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d处，则两点相比 A+q在d点所受的电场力比在O点的大 B+q在d点所具有的电势能比在O点的大 Cd点的电场强度小于O点的电场强度 Dd点的电势高于O点的电势18生活中处处用电，这些电常常是通过变压器改变电压后供给的如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接有理想交流电流表A和灯泡L，变压器原、副线圈的匝数比为2 : 1，交流电源的电压为U0 =440 V，灯泡L额定电压为100 V，滑动变阻器的阻值范围为010

4、0 适当调节滑动变阻器的触片位置，使灯泡在额定电压下正常工作，这时，交流电流表A的示数为1.2 A，不考虑导线的电阻和温度对灯泡电阻的影响，则 A灯泡的额定电流为0.4 A B灯泡的额定功率为240 W C滑动变阻器BP段的电阻值为50 D滑动变阻器的电功率为400 W19如图甲所示，匀强磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为B，在磁场中水平固定一个V字型金属框架CAD，已知A = ，导体棒MN在框架上从A点开始在外力F作用下，沿垂直MN方向以速度v匀速向右平移，平移过程中导体棒和框架始终接触良好，且构成等腰三角形回路已知导体棒与框架的材料和横截面积均相同，其单位长度的电阻均为R，导体棒和框架均足

5、够长，导体棒运动中始终与磁场方向垂直关于回路中的电流I、电功率P、通过导体横截面的电量q和外力F这四个物理量随时间t的变化关系图象，在图乙中正确的是20如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计开始时整个系统处于静止状态；释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时，C恰好离开地面下列说法正确的是 A斜面倾角 = 30 BA获得的最大

6、速度为 C刚离开地面时，B的加速度为零 D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒【必做部分】21(13分) (一)某实验小组采用如图甲所示的装置探究“动能定理”图中小车内可放置砝码；实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点计时器工作频率为50 Hz (1)实验的部分步骤如下： 在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器，连在小车后端，用细线连接小车和钩码； 将小车停在打点计时器附近， ， ，小车拖动纸带，打点计时器在纸带上打下一列点，关闭电源； 改变钩码或小车中砝码的数量，更换纸带，重复的操作 (2)如图乙是某次实验得到的一条纸带，在纸带上选择起始点O及多个计数

7、点A、B、C、D、E、，可获得各计数点刻度值s，求出对应时刻小车的瞬时速度v，则D点对应的刻度值为sD =_cmD点对应的速度大小为vD =_ m/s (3)下表是某同学在改变钩码或小车中砝码的数量时得到的数据其中M是小车质量M1与小车中砝码质量m之和，是纸带上某两点的速度的平方差，可以据此计算出动能变化量E；F是钩码所受重力的大小，W是在以上两点间F所作的功次数M/kg/(m2s-2)E/JF/NW/J10.5000.7600.1900.4900.21020.5001.650.4130.9800.43030.5002.400.6001.4700.63041.0002.401.2002.450

8、1.24051.0002.841.4202.9401.470由上表数据可以看出，W总是大于E，其主要原因是；钩码的重力大于小车实际受到的拉力造成了误差，还有 (二)某同学要测量电阻Rx(阻值约18)的阻值，实验室提供如下器材：电池组E(电动势3V，内阻约1)；电流表A(量程00.6 A，内阻约0.5)；电压表V(量程03 V，内阻约5 k)；电阻箱R(阻值范围099. 99，额定电流1 A)；开关S，导线若干为使测量尽可能准确，本实验采用右图所示电路进行测量 (1)下表中记录了电阻箱阻值R及对应电流表A、电压表V的测量数据I、U，请在坐标纸上作出图象，根据图象得出电阻Rx的测量值为 (2)此实

9、验中，电阻Rx的测量值与真实值相比 (选填“偏大”或“偏小”)22(15分)如图所示，水平地面上有一轻弹簧，左端固定在A点，弹簧处于自然状态时其右端位于B点竖直放置的光滑圆弧形轨道与地面相切于D点，D点到B点的距离为x = 2.5 m，圆弧形轨道的半径R = 0.1 m第一次用质量为m1 = 1.1 kg的小物块1将弹簧缓慢压缩到C点，释放后物块停在B点；第二次用同种材料、质量为m2 = 0.1 kg的物块2将弹簧也缓慢压缩到C点释放，物块过B点时的速度为vB = 6 m/s已知两物块均可视为质点，与地面间的动摩擦因数均为 = 0.4，取g = 10 m/s2，不计空气阻力 (1)试求BC间的

10、距离； (2)试求小物块2由B点运动到D点所用的时间 (3)试判断小物块2能否通过圆弧轨道的最高点P如果能通过，请计算小物块通过P点时对轨道的压力大小；如果不能通过，请说明理由23(18分)如图所示的空间分为I、II、III三个区域，边界AD与边界AC的夹角为30，边界AD与边界EF平行，边界AC与边界MN平行，I区域内存在匀强电场，电场方向垂直于边界AD，II、III区域均存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场的方向分别为垂直纸面向外和垂直纸面向里，III区域宽度为2d大量质量为m、电荷量为+q的相同粒子在边界EF上的不同点由静止经电场加速后，到达边界AD时的速度大小均为，然后，沿纸面经边界

11、AD进入II区域磁场不计粒子的重力，不计粒子间的相互作用力试问： (1)边界EF与边界AD间的电势差 (2)边界AD上哪个范围内进入II区域磁场的粒子，都能够进入III区域的磁场？ (3)对于能够进入III区域的这些粒子而言，它们通过III区域所用的时间不尽相同，那么通过III区域的最短时间是多少【选做部分】36(8分)物理物理33如图所示，由导热材料制成的足够长的气缸和轻活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞相对于底部的高度为h，可沿气缸凭摩擦地滑动，活塞上方存有少量液体将一细软管插入液体，由于虹吸现象，活塞上方液体逐渐流出在此过程中，大气压强和外界的温度均保持不变，细软管对活塞的作用忽

12、略不计 (1)关于这一过程，下列说法正确的是_(填入选项前的字母，有填错的不得分) A气体分子的平均动能逐渐增大 B气体的内能保持不变 C单位时间内，大量气体分子对活塞撞击的次数增多 D气体对外界做的功等于气体从外界吸收的热量 (2)在液体流出的过程中，当流出一半时，活塞上升了试求液体全部流出时，活塞相对于气缸底部的高度2012枣庄一模物理试题编辑：孟祥涛14.BC 15.C 16.BCD 17.BCD 18.AC 19.AD 20.AC21.(13分)（一）（6分）（1）接通电源，释放小车（1分）（2）8.15（8.128.16都给分）（1分），0.54（0.540.55都给分）（2分）（3

13、）没有平衡摩擦力（2分）（二）（7分）（1）如右图（3分），16.6（15.417.2都给分）（2分）（2）偏小（2分）22.（15分）解：（1）弹簧右端被压到C点时，设弹簧的弹性势能为EP对于m1： （1分）对于m2： （1分）联立两式，解得：sBC = 0.45 m (1分)（2）设m2在BD段上滑行时的加速度为a，由B点运动到D点所用时间为t由牛顿第二定律得（2分）由运动学公式得（2分）联立两式，解得t = 0.5 s (t = 2.5 s舍去) （1分）（3）设小物块2恰好能通过圆弧轨道最高点P时的速度为vPmin，此时轨道对物块的作用力恰好为零由牛顿第二定律得（1分）代入数据解得vP

14、min = 1 m/s (1分)设小物块2能通过圆弧轨道最高点P，且通过P点时的速度为vP，从B点运动到P点的过程中，由动能定理得（1分）代入数据解得vP = m/s 1 m/s（1分）所以，小物块2能通过圆弧轨道的最高点P设小物块2通过P点时，轨道对它的压力大小为FN由牛顿第二定律得（1分）代入数据解得FN = 11 N（1分）由牛顿第三定律知，物块对轨道的压力大小为11 N，方向竖直向上（1分）23.（18分）解：（1）设边界EF与边界AD间的电势差为U，由动能定理得：（2分）代入数据解得：（1分）（2）如图所示，设粒子在II区域磁场中做圆周运动的半径为r，则：（1分）解得：r = 2d（

15、1分）设边界AD上在PA之间进入II区域内的粒子都能进入III区域，则Q点为粒子的运动轨迹跟边界AC的切点。设P点到A点的距离为x，则由几何关系得：( x + r )sin30 = r （2分）解得：x = 2d（1分）（3）设粒子在区域III中作圆周运动的半径为r，则：（1分）解得：r = 2d（1分）分析可知，粒子在III区域运动时间最短时，其运动轨迹圆弧对应的弦长应该恰好为III区域磁场的宽度2d，如右图所示。设圆弧对应的圆心角为，由几何关系知（2分）解得： = 60 （1分）设粒子在区域III中作圆周运动的周期为T，运动的最短时间为t，则：（1分）（1分）联立两式，解得：（2分）36.（8分）（1）BD（3分）（2）设大气压强为p0，液体对气体产生压强为p，由玻意耳定律得：（1分）由式解得：（1分）液体全部流出时，气体的压强为p0，设活塞相对于底部的高度为h，由玻意耳定律得：（1分）联立式解得：（2分）