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1、届山东省新高考物理模拟试题附答案2020届山东省新高考物理模拟试题一、选择题下列说法正确的是（ ）放射性物质的温度降低，其半衰期将变大大量处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁，将辐射出 4种频率的光一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，改用波长较长的光照射就有可能发生氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时， 电子动能减小，电势能增大,1.A.B.C.D.总能量也增大2.某同学前后两次从同一位置水平投出两支飞镖 1和飞镖2到靶盘上，飞镖落到靶盘上的位置如图所示，忽略空气阻力，则两支飞镖在飞行过程中A.速度变化量 C.初速度v1 v2ViV2B.飞行时间ti t2D.角度1 23.

2、如图所示，Si和S2是两个相干波源，其振幅均为A,周期均为T。实线与虚线分别表示两列 波的波峰和波谷。此刻， c是波谷与波谷的相遇点，下列说法中正确的是A a处质点始终处于离平衡位置 2A处B.随着时间的推移，c处的质点将向右移动1C.从该时刻起，经过 一T, c处的质点将通过平衡位置4D.若S不动，Si沿Sib连线向b运动，则b处质点仍然始终处于平衡位置4、从地面以大小为 vi的初速度竖直向上抛出一个皮球 ，经过时间t皮球落回地面，落地时皮球的 速度大小为V2已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比 ，重力加速度大小为g.下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的 你可能不

3、会求解t,但是你可以通过一 定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断 根据你的判断，你认为t的合理表达式应为（重 力加速度为g）)VtV2V1 V2D. t如g已知他的质量为m，双脚离A. t g5假设某篮球运开地面时的速度为 V，从开始下蹲到跃起过程中重心上升的高度为 h，则下列说法正确的是A.C. tg g投三分球前先屈腿下蹲再竖直向上跃起,从地面跃起过程中，地而对他所做的功为B.C.D.01 2 -mV mgh从下蹲到离开地面上升过程中，他的机械能守恒离开地面后，他在上升过程中处于超重状态；在下落过程中处于失重状态从地面跃起过程中，地面对他所做的功为行星半径/m质量/kg轨道半径/m地

4、球624116.4 X106.0 X101.5 X106.人类探索宇宙的脚步从未停止， 登上火星、探寻火星的奥秘是人类的梦想， 中国计划于2020年登陆火星。地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响。根据下 表，火星和地球相比火星63.4 Xi0236.4 X0ii2.3 XOA.火星的第一宇宙速度较大B.火星做圆周运动的加速度较大C.火星表面的重力加速度较大D.火星的公转周期较大7、如图所示，A受到沿斜面向上的拉力 F和垂直于斜面的拉力 F2作用，正在沿倾角为 斜面向下运动，斜面体 B始终保持静止不动。斜面体 B受到地面的摩擦力向右，物块 A正在下滑时，则（ ）A.物块与

5、斜面动摩擦因数 tanB.若只撤去 艮，则B受到地面的摩擦力变小C.若同时撤去Fl和F2,物块A将可能匀速运动D.若只增大A的质量，物块B受到地面的摩擦力将变大&如图电路中，电源电动势为 E、内阻为r闭合开关S,增大可变电阻R的阻值后，电压表示数的变化量为 AU,在这个过程中，下列判断正确的是A.电阻Ri两端的电压减小，减小量等于B.电压表示数变化量AU和电流表示数变化 比值不变C.电压表的示数 U和电流表的示数I的比值不变D.电容器的带电量减小，减小量大于 CAU9如图所示，三小球a、b、c的质量都是m ,都放于光滑的水平面上， 小球b、c与轻弹簧相连且静止，小球 a以速度中向小球b，碰后与

6、11、在磁感应强度为 B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核 （AX ）发生了一次a衰变。放射出的a粒子(；He)在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为 a粒子的质量和电荷量，生成的新核用 丫表示。下面说法正确的是R。以m、q分别表示A.B.Hp - X ff if X甲发生衰变后产生的 a粒子与新核Y在磁场中运动的轨迹正确的是图丙2半径为Ry= RZ 2新核Y在磁场中圆周运动I=或2 m若衰变过程中释放的核能都转化为 a粒子和新核的动能，则衰变过程中的质量亏损为2A BqR22m A 4 c12、如图是某绳波形成过程的示意图。质点 1 点2、3、4各个质点依次上下振动，把振动从绳 高位

7、置，质点5刚要开始运动。下列说法13 14 5 4 7 8 V WUU 口H口肺IC.D.a粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，且电流大小为Am二、实验题13、如图所示，为某同学设计的 探究加图的19 30子第一次构成验装置简乍用下沿竖直方向 端传到右端。点 8的实验法 D等效替代法A. t =B. t=C.从速度5开始向下运动3的加速度万向度与物体所受谐运动，带动质T74时，质点1到达最时,时,始的一小段时间内,T/2 时，1示准的完整正7个质F及质量m的关系(1)本实验采用的实验方法是 。A.控制变量法 B.假设法 C.(2)在保持小车受力相同时，探究加速度与质量关系的实验屮，以下故法正

8、确的是A.平衡摩擦力时，应将装有砝码的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C.实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源1D.为得出加速度a与与质量m的关系而作出a 图象m(3)下图是实验中获取的一条纸带的一部分，其中 0、A、B、C、D是计数点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间 的距离如图，打 B”计数点时小车的速度大小 为 m由纸带求出小车的加速度的大小为 m/s计算结果均保留2位有效数字)ti en（4）如图所示是某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的 a? F图线其中图线不过原点的原因是 图线在末端弯曲的原因是 .14

9、、18.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻 R1，甲、乙两同学分别采用了不同的方法进行测量：（1）甲同学直接用多用电表测其电阻，该同学选择 X10Q倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的 步骤，并排出合理顺序： （填步骤前的字母）A 旋转选择开关至欧姆挡“X 1 Q”B.旋转选择开关至欧姆挡“X 100 Q”C.旋转选择开关至“ OFF”，并拔出两表笔D .将两表笔分别连接到 Rx的两端，读出阻值后，断开两表笔E.将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔 按正确步骤测量

10、时，指针指在图 1示位置，Rx的测量值为 Q.（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量:电压表V （量程05V，内电阻约10kQ）电流表 A1 （量程0500mA，内电阻约 20 Q）电流表 A2 （量程0300mA，内电阻约 4 Q）滑动变阻器R1 （最大阻值为10 Q,额定电流为2A） 滑动变阻器R2 （最大阻值为250 Q,额定电流为0.1A） 直流电源E （电动势为4.5V，内电阻约为0.5 Q）电键及导线若干为了较精确画出I- U图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用 ，滑动变阻 器选用 （选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值 （选填 偏大”偏小”相 等”），利用

11、选择的器材，请你在图 2方框内画出理想的实验电路图，并将图 3中器材连成符 合要求的电路.二、计算题15、（11分）如图所示，两个可导热的气缸竖直放置，它们的底部都由一细管连通（忽略细 管的容积）。两气缸各有一个活塞，质量分别为 m1和m2，活塞与气缸无摩擦。活塞的下方为理想气体，上方为真空。当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度 h。（已知 m1= 3m ,m2= 2m）（1） 在两活塞上同时各放一质量为 m的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差（假定 环境温度始终保持为 T。）。（2） 在达到上一问的终态后，环境温度由 T0缓慢上升到T,试 问在这个过程中，气体对活塞做了多少功？气体

12、是吸收还是放 出了热量？（假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到 气缸顶部）。16、如图所示，质量 M = 1.5 kg的小车静止于光滑水平面上并紧靠固定在水平面上的桌子右边，其上表面与水平桌面相平，小车的左端放有一质量为 0.5 kg的滑块Q。水平放置的轻弹簧左端固定，质量为 0.5 kg的小物块P置于光滑桌面上的 A点并与弹簧的右端接触，此时弹 簧处于原长。现用水平向左的推力 F将P缓慢推至B点(弹簧仍在弹性限度内)，推力做功 Wf= 4 J, 撤去F后，P沿桌面滑到小车左端并与 Q发生弹性碰撞，最后 Q恰好没从小车上滑下。已知 Q与2小车表面间动摩擦因数 尸0.1 (取g = 10

13、m/s )求：(1)P刚要与Q碰撞前的速度是多少？(2)Q刚在小车上滑行时的初速度 v是多少？(3)为保证Q不从小车上滑下，小车的长度至少为多少？17、如图所示，在xoy平面内，有一线状电子源沿 x正方向发射速度均为 v的电子，形成宽为 2R、在y轴方向均为分布且关于 x轴对称的电子流。电子流沿 x方向射入一个半径为 R、中心 位于原点O的圆形匀强磁场区域(区域边界存在磁场)，磁场方向垂直 xoy平面向里，电子经过磁场偏转后均从 P点射出.在磁场区域的正下方，正对的金属平行板 K和A与x轴平行，其中K板与P点的距离为d，中间开有宽度为 2d且关于y轴对称的小孔.A与K两板间加有 恒定电压Uak

14、,且K板电势高于A板电势，(1) 能打到A板上的电子在进入平行金属板时与金属板 K的夹 角应满足什么条件？(2)能进入AK极板间的电子数占发射电子总数的比例为多大？18、如图所示，足够长的水平轨道左侧 3b2-OC2部分轨道间距为 2L,右侧CC2-d1d2部分的轨道间距为L,曲线轨道与水平轨道相切于 b1b2 ,所有轨道均光滑且电阻不计.在水平轨道内有斜向下与竖直方向成 9=37 的匀强磁场，磁感应强度大小为 B=0.1T 质量为M=0.2kg的金属棒B垂直于导轨静止放置在右 侧窄轨道上，质量为 m=0.1kg的导体 棒A自曲线轨道上a2处由静止释放， 两金属棒在运动过程中始终相互平行且与导

15、轨保持良好接触， A棒总在宽轨上运动，B棒总在窄轨上运动已知：两金属棒接入电2路的有效电阻均为 R=0.2 Q, h=0.2m , L=0.2m , sin370.6 , cos37 0.8 , g=10m/s 求：(1)金属棒A滑到bib2处时的速度大小；(2)金属棒B匀速运动的速度大小；(3) 在两棒整个的运动过程中通过金属棒 A某截面的电量；(4) 在两棒整个的运动过程中金属棒 A、B在水平导轨间扫过的面积之差.2020届山东省新高考物理模拟试题答案题号123456789101112答案1、 【答案】D【详解】A原子核的半衰期与外界条件及所处状态无关，由自身决定， A错误。B. 大量处于

16、n=4激发态的氢原子向低能级跃迁，任选两条轨道，所以辐射出 C：=6种频率光 子，B错误。C.根据光速方程：c V可知，波长变长，频率降低，所以该光不能使金属发生光电效应，波长更长即频率更低的光，依然不能使金属发生光电效应， C错误。D氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时， 需要吸收能量，总能量增大，2根据库仑力提供向心力： kee m，可知， 轨道半径越大，速度越小，动能越小，总能r r量等于动能加势能，所以势能增大， D正确。2、 【答案】D12h【解析】B、飞镖1下落的高度小，根据 h gt2，解得t ，可知飞行时间ti V2，故C错误；. Vo VoD、根据tan ，对

17、于飞镖1，时间短，初速度大，则 tan B tan化所以B i &，故Vy gtD正确； 故选D。3、 【答案】C【解析】a处是波峰与波峰叠加，为振动加强点，振幅为 2A，但质点并不始终处于离平衡位1置2A处，A错误；质点只在平衡位置附近振动， 并不随波移动，B错误；从该时刻起，经过-T,4c处为平衡位置与平衡位置相遇，质点将通过平衡位置， C正确；两列波传到b点的振动情况一直在变化，当9不动，S1沿Sb连线向b运动，b处质点不可能始终处于平衡位置， D错误。 故选Co4、 【答案】BV1V2【详解】时间的单位应该是 s, t 丄1的单位为m，故A错误；如果不考虑空气的阻力，则gVi 2v1

18、Vi v2 2viV1= V2, t上 t下 -，故运动的总时间t -.由于空气阻力作用， V2 V1, -，g g g g故B答案是合理的，故 B正确。假设空气的阻力为 0，则V1=V2，则t上=t下，故运动的总时间5、 【答案】A0,故A正确;【解析】A.从地面跃起过程中，地面对人没有位移，所以地而对他所做的功为B错误；C、 .从下蹲到离开地面上升过程中，运动员的动能增加，重力势能也增加所以他的机械能是 增加的，故C错误；D、 离开地面后，他在上升过程和下落过程中都有向下的加速度，所以都处于处于失重状态， 故D错误； 综上所述本题答案是：A6、 【答案】D【详解】a.根据g MmR2的电压

19、减小量小于 U，故A错误，由于电容器与电阻 R1并联，所以电容器两端的电压等于 电阻Ri两端的电压，所以有电容器的两端的电压减小，带电量减小，减小量小于 CA U,故D错误；B、 根据闭合电路欧姆定律得： U E l(R r),由数学知识得 一学 R r，所以电压表示数变化量 U和电流表示数变化 l的比值不变，故 B正确；C、 由图可知 U R，由于R增大，则电压表的示数 U和电流表的示数I的比值变大.故 CI错误；故选Bo【点睛】两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意， R , RI是非线性电阻。9、【答案】CD【解析】【详解】AB、在整个运动过程中，系统的合外力为零，

20、系统的动量守恒，小球 a与b碰撞后粘在一起，动能减小，机械能减小，故 A B错误；C、 a与b碰撞后，弹簧被压缩，弹簧对 b产生向左的弹力，对 c产生向右的弹力，ab做减速 运动，c做加速运动，当c的速度大于ab的速度后，弹簧压缩量减小，则当小球 b、c速度相 等时，弹簧压缩量，弹性势能最大，故 C正确；D、 当弹簧恢复原长时，小球 c的动能一定最大，根据动量守恒和机械能守恒分析可知，小球 b的动能不为零，故 D正确；故选CD o【点睛】含有弹簧的问题，难点是对物体运动过程的分析，得到弹簧势能最大的临界条件; 本题根据动量守恒和机械能守恒分析求得。10、【答案】BCD【解析】开关S始终接a,畐

21、U线圈电压不变，当滑片 P向下滑动时，接入电路的总电阻变大， 电流变小，所以电流表的示数均变小， B正确；副线圈电压不变，所以电压表 Vi的示数不变，电压表V2测量的是滑动变阻器的电压，因为总电流变小，所以定值电阻的分压变小，所以滑 动变阻器的分压变大，故 V2示数变大，A错误；保持滑片 P的位置不变，将开关 Si由a改接 b，副线圈电压变大，滑动变阻器的分压变大，所以电容器两端电压变大，电荷量增多， CD正确.11、【答案】BCD【详解】由动量守恒可知衰变后产生的2轨迹圆外切，根据 qvB 叱 可得RRa粒子与新核 Y运动方向相反，所以在磁场中运动的mv，可知a粒子半径大，由左手可知两粒子圆

22、周运qB_ mv RY 2动方向相同，丁图正确，故选项A错误；由R 可知 亠 ，新核Y在磁场中圆周qB R Z 2A 4由质量关系可知衰变后新核 Y质量为M m，由衰变过程中动量守恒可得 Mv mv 04可知v mv，系统增加的能量为 AE 1Mv2 1mv，由质能方程可得 AE Amc2，联立M 2 22一 A qBR解得衰变过程中的质量亏损为 Am 2，故选项D正确。2m A 4 c12、 【答案】BD【解析】A项：由题意可知，在 T质点1位于波峰可知，质点的起振方向向上，根据受迫振4动的振动方向与波源振动方向相同，所以质点 5的起振方向向上，故 A错误；B项：t=T/4时，质点3位于平衡

23、位置上方，所以加速度方向向下，故 B正确；C项：在t=T/2时，质点8开始向上振动，所以振动速度减小，故 C错误；D项：在t=T时，1到16个质点刚好第一次构成一个标准的完整正弦图像，故 D错误。二、实验题13、 【答案】 (1). A (2). BD (3). 0.54 (4). 1.5 (5).未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力 (6).未满足小车的质量远远大于小桶和砝码的总质量【解析】【详解】(1)本实验采用的实验方法是控制变量法；(2) 平衡摩擦力时，应不挂小桶，让小车拖着纸带在木板上做匀速运动，选项 A错误；每次改变小车 质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项 B正确；实验时要先接通电源后放

24、小车，1 1选项C错误；因为a 为正比关系，故为得出加速度a与与质量m的关系而作出a 图m m象，选项D正确；故选BD。(3)计数点间的时间间隔 T=0.02s X5=0.1s，打B计数点时小车的速度大小为5大约I A 0.23A，所以选择量程为 300mA的电流表测量比较准确.总阻值为 250 Q的22滑动变阻器阻值相对较大，测量时误差大，所以选择总阻值为 10 Q的滑动变阻器由于待测电阻远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法因采用外接法，则由于电 压表的分流而使电流表测量结果偏大，由欧姆定律可知，所测电阻偏小；若采用限流法，电 路中的电流较大，容易超过电流表的量程，所以滑动变

25、阻器采用分压式接法，电路图如图所 示：根据电路图连接实物图，如图所示：【点睛】解决本题的关键掌握器材选取的原则，知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的 区别，以及知道电流表内外接的区别.15、解：（1）设左、右活塞的面积分别为 A和A，由于气体处于平衡状态，故两活塞对气体3瑜g 2吨的压强相等，即：A=-AI-fc由此得：2在两个活塞上各加一质量为 m的物块后，右活塞降至气缸底部，所有气体都在左气缸中为左活塞的高度）活塞对气体做的功为:即二屁二 (- -1) = -1)4爲 由热力学第一定律止&二“十 , W0 ,A Q0，在此过程中气体吸收热量 16、【解析】（1）推力F通过P压缩弹簧做功，

26、根据功能关系有&= Wf当弹簧完全推开物块 P时，有由式解得 V0= v= 4 m/s , v = 0。(3)设滑块Q在小车上滑行一段时间后两者的共同速度为 u,由动量守恒可得 mQV0= (mQ + M)u根据能量守恒，系统产生的摩擦热1 2 1 2pmQgL= mqV0- 2(mo+ M)u 联立解得L= 6 m。17、【答案】(1) 60 0120 (2)2【解析】【分析】电子在磁场中做匀速圆周运动，电子在极板间做匀变速曲线运动，竖直方向做匀减速直线运动，刚好能打到 A板上的电子满足到达 A板时竖直方向速度等于 0,运用动能定理求解；能进入极板间的电子与金属板 K的夹角9满足45 135

27、，利用作图找出几何关系，求出进入AK极板间的电子数占发射电子总数的比例。解：(1)设恰能打到 A板的电子在进入极板与金属板 K的夹角为91 2 1 2电子在极板运动过程运用动能定理 U ak m(vcos 0) mv2 2中运动的半径也为 RM到P点的竖直距离dM R(1 cos45 )得：vo=顽.2 10 0.2m/s 2m/s(2) 选取水平向右为正方向，对 A、B利用动量定理可得: 对B: Fb安cos 9?Mvb对 A: - Fa 安 cos 9?mvA mv。其中Fa安=2Fb安由上知：mvo mvA=2Mv b两棒最后匀速时，电路中无电流：有 BLvb=2BLva得: Vb=2v

28、a 2联立后两式得：vb= vo=O.44 m/s9(3)在B加速过程中： E ( Bcos 9t=Mv b 0q= Lit50得：q= C5.56C9(4)据法拉第电磁感应定律有： E= t其中磁通量变化量： ?=B Scos9电路中的电流：匸2R通过截面的电荷量：q=It (11)中 250 2 2得： S= m P7.8m9点睛：在导体棒下滑的过程中只有重力做功。满足机械能守恒的条件，根据机械能守恒列式 求解；利用安培力结合动量定理列式求解即可；以 B导体棒为研究对象，根据电流的定义式和动量定理列式求解；在整个运动过程中，利用法拉第电磁感应定律。求出磁通量的变化， 结合闭合电路欧姆定律进行求解。