湖南省五市十校教研教改共同体学年高二下学期期末考试物理试题.docx

1、湖南省五市十校教研教改共同体学年高二下学期期末考试物理试题湖南省五市十校教研教改共同体【最新】高二下学期期末考试物理试题学校:_姓名：_班级：_考号：_一、单选题1若某人到达一个行星上,这个行星的半径只有地球的一半,质量也是地球的一半,则在这个行星上此人所受的引力是地球上的( )A1倍 B2倍 C1/2 D1/42一长木板静止在倾角为的斜面上，长木板上一人用力推长木板上物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数为1，长木板与斜面间的动摩擦因数为2，则下列说法正确的是（）A斜面对长木板的摩擦力为mgsinB斜面对长木板的摩擦力为32m

2、gcosC长木板对人的摩擦力为2mgsinD长木板对人的摩擦力为21mgcos3如图所示，光滑固定斜面体ABC的两个底角A=37，B=53，两个物块通过一绕过定滑轮的轻绳相 连放于两斜面上，给m2一沿斜面向下的初速度，结果m2刚好能沿斜面匀速下滑，若将m1、m2互换位置，并同时释放两物块，则m1的加速度（重力加速度为g）（ ）A大小为0.1g方向沿斜面向上 B大小为0.1g方向沿斜面向下C大小为0.2g方向沿斜面向上 D大小为0.2g方向沿斜面向下4如图所示,物块A 和圆环B 用绕过定滑轮的轻绳连接在一起,圆环B套在光滑的竖直固定杆上,开始时连接B 的绳子处于水平,某时刻由静止释放B,经时间t

3、,B 下降h,此时,速度达到最大,不计滑轮摩擦和空气的阻力,则( )At时刻B 的速度小于A 的速度Bt时刻B 受到的合力最大C0t过程A 的机械能增加量大于B 的机械能减小量D0t过程A 的重力势能增加量小于B 的重力势能减小量5如图甲所示,理想变压器原副线圈的匝数比为41, 和R1、R2 分别是电压表、定值电阻,且R1=4R2.已知ab 两端电压u 按图乙所示正弦规律变化.下列说法正确的是( )A电压u 瞬时值的表达式u=220sin10tB电压表示数为44VCR1、R2 两端的电压之比为41DR1、R2 消耗的功率之比为416如图所示，MN、PQ为两条平行放置的金属导轨，左端接有定值电阻

4、R，金属棒AB斜放在两导轨之间，与导轨接触良好，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面，设金属棒与两导轨接触点之间的距离为l，金属棒与导轨间夹角为60，以速度v水平向右匀速运动，不计导轨和棒的电阻，则流过金属棒中的电流为（）AI BI CI DI二、多选题7质量分别为m1和m2的两个物体碰撞前后的位移时间图象如图所示，以下说法中正确的是()A碰撞前两物体动量相同B质量m1等于质量m2C碰撞后两物体一起做匀速直线运动D碰撞前两物体动量大小相等、方向相反8在x轴上存在与x轴平行的电场,x轴上各点的电势随x点位置变化情况如图所示图中-x1x1之间为曲线,且关于纵轴对称,其余均为直线,也关于纵轴对称下

5、列关于该电场的论述正确的是( )Ax轴上各点的场强大小相等B从-x1到x1场强的大小先减小后增大C一个带负电的粒子在-x1点的电势能大于在-x2的电势能D一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在-x1点的电势能9如图所示是某金属在光的照射下，光电子最大初动能Ek与入射光频率的关系图象，由图象可知()A该金属的逸出功等于EB该金属的逸出功等于h0C入射光的频率为0时，产生的光电子的最大初动能为ED入射光的频率为20时，产生的光电子的最大初动能为2E三、实验题10（1）如图甲、乙所示,游标卡尺的读数为_ cm;螺旋测微器的读数为_ cm（2）将多用电表调整到欧姆挡“10”挡,欧姆调零后,将一个标准的

6、300 的电阻接在红黑表笔之间,发现指针偏转夹角为表盘的三分之一,则该欧姆表的中央刻度是_ 11利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻(约为几欧)要求尽量减小实验误差（1）实验电路应该选择上图中的_ (填“甲”或“乙”)（2）现有电流表00.6A、开关和导线若干,以及以下器材:A电压表015V B电压表03V C滑动变阻器0500 D滑动变阻器050实验中电压表应选用_ ;滑动变阻器应选用_ (填相应器材前的字母)（3）某实验小组为了探究两种实验方案对测量结果的影响,部分同学采用电路图甲进行实验,作出的U -I 图象如图丙所示;另一部分同学采用电路图乙进行实验,作出U -I 的图象如

7、图丁所示,该实验小组在讨论实验方案时发现,两种实验方案结合可以消除系统误差,则该干电池的电动势E=_ ,内阻r= _(用图中符号表示)四、解答题12如图所示,一固定倾斜放置的粗糙直杆方向与水平方向的夹角为=30,其上套有一质量为m 的环,给环一个初速度让环沿杆下滑,环恰好能匀速下滑,现给环一斜向上的拉力,方向与杆的夹角也为,使环从A 点由静止沿杆向上做匀加速直线运动,至C 点时撤去拉力,结果环恰好能滑到D 点,已知AB=BC=CD=L,重力加速度为g,拉力作用在环上时,杆对环的弹力垂直于杆向下,求:（1）环与杆间的动摩擦因数;（2）拉力F 的大小.13如图所示,直角坐标系xOy 平面内,在平行

8、于y 轴的虚线MN 右侧y0的区域内,存在着沿y 轴负方向的匀强电场;在y0的某区域存在方向垂直于坐标平面的有界匀强磁场(图中未画出)现有一电荷量为q、质量为m 的带正电粒子从虚线MN 上的P 点,以平行于x 轴方向的初速度v0 射入电场,并恰好从原点O 处射出,射出时速度方向与x 轴夹角为60此后粒子先做匀速运动,然后进入磁场,粒子从有界磁场中射出时,恰好位于y 轴上Q(0,-L)点,且射出时速度方向沿x 轴负方向,不计带电粒子的重力（1）求P、O 两点间的电势差U ;（2）求磁感应强度的大小B 和带电粒子在磁场中运动的时间t;（3）若有界磁场为矩形,求这个矩形的最小面积S.参考答案1B【解

9、析】根据万有引力定律得，已知行星的半径和质量都是地球的一半，则此人在行星上所受的万有引力和地球上万有引力之比：，故B正确2C【详解】AB对人、物块、长木板三者整体研究，斜面对它们的摩擦力为静摩擦力，其大小为故AB错误；CD对人，物块整体研究，由于物块与长木板间的摩擦力刚好为零，因此长木板对人的静摩擦力大小为故C正确，D错误。故选C。3C【解析】因为恰好沿斜面匀速下滑时，由二力平衡有，互换位置后，设m1的加速度为a，方向沿斜面向下，由牛顿第二定律有，解得，故C正确【点睛】关键在于用隔离法分别分析两个物体受力情况，求出对调位置后物体沿斜面方向的合力，再用牛顿第二定律求解注意多总结物体上斜面上的受力

10、情况最后一步比如容易以为只有有加速度，其实是两个物块这时加速度一样4D【解析】试题分析：根据A的受力情况分析A的加速度变化；当绳子在竖直方向上的分力与A的重力相等时，A的速度最大，根据平行四边形定则求出A、B的速度之比根据除重力以外其它力做功等于机械能的增量判断何时A的机械能最小t时刻B的速度可以分解为沿绳子方向的分速度与垂直于绳子方向的分速度，其中沿绳子方向的分速度与A的速度大小相等，由图可知t时刻B的速度大于A的速度，A错误；当B刚释放的瞬间，绳子的拉力方向与杆子垂直，B所受的合力等于mg，B向下先做加速运动；当绳子在竖直方向上的分力等于B的重力时，B的速度最大，加速度等于0，所以B受到的

11、合力等于0，B错误；过程A与B组成的系统的机械能守恒，所以A的机械能增加量等于B的机械能减小量，C错误；过程A与B组成的系统的机械能守恒，B减少的重力势能转化为A的重力势能和A、B的动能，所以过程A的重力势能增加量小于B的重力势能减小量，故D正确5B【解析】由图象知周期，角速度，电压u的表达式，故A错误；设原线圈的电流为I，根据，得，副线圈两端的电压，原线圈两端的电压，即，解得，电压表示数，故B正确；两电阻两端的电压之比为，C错误；消耗的功率，消耗的功率，故D错误6B【详解】当金属棒以速度v水平向右匀速运动，金属棒切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，金属棒有效的切割长度为，ab中产生的感应电

12、动势为通过R的电流为故选B。7BD【详解】A、位移时间图象的斜率等于速度，由数学知识得知，碰撞后两个物体的速度为零，根据动量守恒有：P1+P2=0，得：P1=-P2说明碰撞前两物体动量大小相等、方向相反，由于动量是矢量，所以碰撞前两物体动量不相同故A错误，D正确B、由图示图象可知，两物体碰撞后位移不随时间变化，速度为零，碰撞后两物体静止，故B错误C、由斜率可知，碰撞前两物体速度大小相等，方向相反，则有：v1=-v2，由P1=-P2，得：m1v1=-m2v2，m1=m2，故C正确故选CD【点睛】解决本题关键抓住两点：一是位移图象的斜率等于速度，斜率的大小表示速率，正负表示速度的方向；二是掌握碰撞

13、的基本规律：动量守恒8BC【解析】试题分析：根据-x图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化根据分析电势能大小图象的斜率大小等于电场强度，故x轴上的电场强度不同，故A错误；从到场强斜率先减小后增大，故场强先减小后增大，故B正确；点的电势低于点的电势，负电荷在低电势处电势能大，故一个带负电的粒子在点的电势能大于在的电势能，C正确；点的电势等于点的电势，故正电荷在这两点的电势能相等，D错误9AB【详解】A根据光电效应方程：，可知图线的斜率表示普朗克常量h，当=0时，由图象知纵轴截距-E，所以，即该金属的逸出功E，故A正确；B图线与轴交点的横坐标是，该金属的逸出功，故B正确；C入射光的频率时，等于

14、极限频率，恰能发生光电效应，最大初动能为0，故C错误；D根据光电效应方程可知，入射光的频率变为原来的2倍，由于逸出功不变，最大初动能为E，故D错误。故选AB。109.17 0.1300 15 【解析】试题分析：（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数（2）欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，欧姆表指针示数与挡位乘积是欧姆表示数，根据闭合电路欧姆定律分析答题（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：91mm+70.1mm=91.7mm=9.17cm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：1mm+30.00.01mm=1.300mm=0.1300cm；（2）由闭合电路欧姆定律可知：，解得，中间刻度值为：11甲 B D U1 【解析】（1）乙图由于电流表外界，求解出的电源内阻为实际值与电流表内阻之和，故应选图甲，（2）一节干电池的电动势大约为1.5V，故选电压表B，为了便于操作应选较小的滑动变阻器，为D（3）对于甲图来说，由于电压表测量值小于电源真实的路端电压