理综选择题提速练一.docx

1、理综选择题提速练一理综选择题提速练（一）一、选择题(本题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求。)1下列关于细胞结构和功能的叙述，错误的是()A根尖分生区细胞有细胞周期，而叶肉细胞不具有细胞周期，但它们的化学成分都在不断更新B抑制细胞膜上载体活动或者影响线粒体功能的毒素都会阻碍根细胞吸收矿质离子C植物细胞的胞间连丝只有信息交流的作用而无物质运输的功能D线粒体和叶绿体内的蛋白质并不是都由核基因控制合成的解析：选C根尖分生区细胞能连续进行细胞分裂，具有细胞周期，叶肉细胞已经停止分裂没有细胞周期，但它们都进行新陈代谢，所以其化学成分都能不断更新；根细胞吸收无机盐离子

2、是主动运输，需要能量和载体蛋白；胞间连丝是贯穿细胞壁沟通相邻细胞的细胞质连线，为细胞间物质运输与信息传递的重要通道；线粒体和叶绿体内的蛋白质并不是都由核基因控制合成的，有一部分蛋白质是线粒体和叶绿体内的DNA控制合成的。2“膜流”是指细胞的各种膜结构之间的联系和转移。下列有关叙述正确的是()A质壁分离现象是“膜流”现象的例证B蛋白质和RNA进出细胞核发生“膜流”现象C胰岛素的分泌过程发生“膜流”现象D枯草杆菌和酵母菌都能发生“膜流”现象解析：选C质壁分离指的是细胞壁和原生质层的分离，没有涉及各种膜结构之间的联系和转移；蛋白质和RNA进出细胞核通过的是核孔，不发生“膜流”现象；胰岛素的分泌属于胞

3、吐，发生“膜流”现象；枯草杆菌为原核生物，无各种具膜细胞器。3下列有关生物变异的叙述，正确的是()A花药离体培养过程中，能发生的变异类型有基因重组、基因突变和染色体变异B基因型为Aa的个体自交时，由于减数分裂过程中基因重组导致后代出现性状分离C二倍体植株作父本，四倍体植株作母本，在四倍体植株上可得到三倍体无子果实D萌发的种子或幼苗经秋水仙素处理易产生染色体数目加倍的变异解析：选D花药离体培养过程中，能发生的变异类型有基因突变和染色体变异，但不会发生基因重组，因为该过程中没有发生减数分裂；Aa自交时，由于减数分裂过程中基因分离导致后代出现性状分离；二倍体植株作父本，四倍体植株作母本，在四倍体植株

4、上可得到三倍体有子果实，该果实中的种子再种下去后才能结出三倍体无籽果实；由于秋水仙素能抑制细胞有丝分裂过程中纺锤体的形成，从而使细胞中染色体数目加倍，所以萌发的种子或幼苗经秋水仙素处理易产生染色体数目加倍的变异。4一个种群中三种基因型的个体的生存能力为AAAaaa，以下判断错误的是()A基因A所控制的性状更适应环境Ba的基因频率逐渐下降C自然选择通过作用于个体而影响种群的基因频率D这三种基因型的个体在相互影响中不断进化和发展，属于共同进化解析：选D生存能力或竞争能力是AAAaaa，说明A基因所控制的性状更适应环境，在生存斗争过程中，A的基因频率将逐渐增加，而a的基因频率将逐渐下降。自然选择通过

5、作用于个体而影响种群的基因频率。共同进化是指不同物种之间，生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展，而这三种基因型的个体属于同种生物。5牛痘疫苗是用取自牛的牛痘(一种天然的轻型病毒性传染病)脓胞中的浆液制成的。我国通过推广新生儿接种牛痘疫苗措施，使得天花病在我国终止传播。下列叙述正确的是()A接种牛痘疫苗可预防多种传染病B天花病毒侵入机体后，会刺激效应T细胞分泌淋巴因子与该病毒结合C第一次接种疫苗后，机体受刺激会产生特异性免疫D再次感染天花病毒时，机体可产生大量抗体进入细胞并消灭病毒解析：选C由于抗体具有特异性，所以接种牛痘疫苗只可预防一种传染病；淋巴因子的作用是增强淋巴细胞的免疫效应，不

6、能与病原体直接接触；第一次接种疫苗后，机体受刺激会产生特异性免疫，使得机体产生抗体和记忆细胞；再次感染天花病毒时，抗体会与之结合，导致其失去致病能力，最终被吞噬细胞吞噬消化。6一块弃耕的农田，很快杂草丛生，几年后，草本植物开始减少，各种灌木繁茂起来，最后演变成一片森林，成为一个相对稳定的生态系统。在此过程中，相关变化趋势正确的是()A BC D解析：选B根据题意和图示分析可知：群落演替的过程中，草本植物逐渐取代苔藓、灌木逐渐取代草本植物、乔木逐渐取代灌木，最后成为一个相对稳定的生态系统，所以在群落中，物种丰富度、总光合量、净光合量和生物呼吸量都随时间的增加而增加，并逐渐趋于稳定状态。因此图中曲

7、线的变化趋势不正确，曲线的变化趋势正确。7我国古代做衣服的主要原料是麻和丝。下列有关说法中不正确的是()A麻的主要成分表示为(C6H12O6)nB丝的主要成分是蛋白质C麻和丝主要成分均属于高分子化合物D麻和丝可以通过灼烧进行区分解析：选A麻的主要成分表示为(C6H10O5)n，A错误；丝主要成分是蛋白质，B正确；丝主要成分是蛋白质，麻主要成分是纤维素，两者均为高分子化合物，C正确；纤维素和蛋白质可以灼烧，蛋白质有烧焦羽毛味，纤维素没有，故可区别，D正确。8NA为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是()A常温常压下，28 g N2所含电子数为10NAB46 g钠充分燃烧时转移电子数为2NAC0

8、.1 molL1 NH4Cl溶液中Cl数为0.1NAD密闭容器中2 mol NO与1 mol O2充分反应，产物的分子数为2NA解析：选B常温常压下，28 g N2的物质的量为1 mol，所含电子数为14NA，A项错误；46 g Na的物质的量为2 mol，充分燃烧生成1 mol Na2O2，转移电子2 mol，B项正确；C项没有给出溶液的体积，无法确定Cl的数目，C项错误；D项忽视了产物存在平衡2NO2 N2O4，产物的分子数应小于2NA，D项错误。9实验是化学研究的基础，关于下列各实验装置图的叙述中，错误的是()A图1定量测定H2O2的分解速率B图2制取SO2并检验SO2的漂白性C图3验证

9、氢氧化铁胶体粒子带正电荷D图4用于分离互溶且沸点相差较大的液体混合物解析：选A不能用长颈漏斗，否则会导致气体从长颈漏斗上口逸散，从而使测定结果偏小，应用分液漏斗，A项错误；加热浓硫酸和铜片制取SO2，利用品红溶液检验SO2的漂白性，B项正确；异性电荷相互吸引，氢氧化铁胶体粒子向阴极移动，说明氢氧化铁胶体粒子带正电荷，C项正确；蒸馏装置用于分离互溶且沸点相差较大的液体混合物，D项正确。10联苯(结构如图所示，碳碳单键可以旋转)的二氯代物有()A9种 B12种C20种 D24种解析：选B当一氯原子在位置时，第二个原子可在的位置用序号表示，序号有几，说明二氯代物就有几种：故共12种。11用NaOH溶

10、液吸收烟气中的SO2，将所得的Na2SO3溶液进行电解，可循环再生NaOH，同时得到H2SO4，其原理如图所示(电极材料为石墨)。下列有关叙述不正确的是()A图中a极连接电源的负极BA口放出的物质是氢气，C口放出的物质是氧气Cb极电极反应式为SO2eH2O=SO2HD电解过程中阴极区碱性明显增强解析：选B由图中可知，钠离子移向a极，所以a极为阴极，连接电源的负极，A正确；a极氢离子发生还原反应，A口放出的物质是氢气；b极SO发生氧化反应生成SO，B错误；亚硫酸根离子在阳极失去电子发生氧化反应生成硫酸根离子，b极电极反应式为SO2eH2O=SO2H，C正确；在阴极H放电生成H2，c(H)减小，水

11、的电离平衡H2O HOH正向移动，所以电解过程中阴极区碱性明显增强，D正确。12x、y、z三种短周期元素，原子半径的大小关系为r(y)r(x)r(z)，原子序数之和为16。x、y、z三种元素的常见单质在适当条件下可发生如图所示变化，其中b和c均为10电子分子。下列说法不正确的是()Ax元素位于A族Ba难溶于b中Ca和c不可能发生氧化还原反应Db的沸点高于c的沸点解析：选C由b和c均为10电子分子可想到b、c可能为H2O、NH3、HF、CH4，再结合原子半径大小关系和原子序数之和为16，可推得x为O、y为N、z为H，a、b、c分别为NO、H2O、NH3。1325 时，向25 mL 0.1 mol

12、L1 NaOH溶液中逐滴加入0.2 molL1醋酸溶液，滴定曲线如图所示，下列说法正确的是()A在A、B间任一点的溶液中一定都有：c(Na)c(CH3COO)c(OH)c(H)B用含a的代数式表示CH3COOH的电离平衡常数KCC点对应的溶液中，水电离出的H浓度大于107 molL1DD点对应的溶液中，存在如下关系：c(CH3COO)c(CH3COOH)2c(H)c(OH)解析：选B向NaOH溶液中逐滴加入醋酸溶液，开始时NaOH溶液过量，则c(OH)c(CH3COO)，A项错误；由图像可知，当加入a mL 0.2 molL1CH3COOH溶液时，n(CH3COOH)0.2a103 mol，而

13、n(NaOH)2.5103 mol，二者反应生成强碱弱酸盐CH3COONa，溶液呈中性说明CH3COOH过量，CH3COOH CH3COOH，CH3COOH的电离平衡常数K，B点时溶液呈中性，c(H)107molL1，结合电荷守恒可知c(Na)c(CH3COO)，故K，B项正确；C点对应的溶液呈酸性，则c(H)107 molL1，水电离出的c(H)溶液中的c(OH)107 molL1，C项错误；D点时加入醋酸的物质的量是氢氧化钠的物质的量的2倍，根据物料守恒得2c(Na)c(CH3COO)c(CH3COOH)，根据电荷守恒得c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH)，联立两式得c(CH3C

14、OO)c(CH3COOH)2c(H)2c(OH)，D项错误。二、选择题(本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)14.(2016广州第一次调研)如图所示，固定斜面C上有A、B两个物体一起相对静止地沿斜面匀速下滑，请分析A、B两个物体受力的个数分别为()A3个，4个 B3个，5个C3个，6个 D4个，5个解析：选B先以A为研究对象，分析受力情况：重力、B对其的垂直斜面向上的支持力、B对A有沿斜面向上的静摩擦力，因A匀速运动，共受3个力。再对B研究，B受到重力、A对

15、B垂直斜面向下的压力、斜面的支持力和滑动摩擦力，及A对B静摩擦力，共5个力。15.已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中为平面上单位面积所带的电荷量，0为常量，如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电量为Q，不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为()A.和 B.和C.和 D.和解析：选D两极板均看作无穷大导体板，极板上单位面积上的电荷量；则单个极板形成的场强E0，两极板间的电场强度为：2；两极板间的相互引力FE0Q；故选D。16.一长木板静止在倾角为的斜面上，长木板上一人用力推长木板上物块，使物块与

16、长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数均为1，长木板与斜面间的动摩擦因数为2，重力加速度为g，则下列说法正确的是()A斜面对长木板的摩擦力大小为mgsin B斜面对长木板的摩擦力大小为32mgcos C长木板对人的摩擦力大小为21mgcos D长木板对人的摩擦力大小为2mgsin 解析：选D以人、物块、长木板为整体进行研究，斜面对它们的摩擦力为静摩擦力，大小为3mgsin ，A、B错误；对人、物块整体研究，物块与长木板间的摩擦力刚好为零，因此长木板对人的静摩擦力大小为2mgsin ，C错误，D正确。17.2014年11月12日，“菲莱”着陆器

17、成功在67P彗星上实现着陆，这是人类首次实现在彗星上软着陆，被称为人类历史上最伟大冒险之旅。载有“菲莱”的“罗赛塔”飞行器历经十年的追逐，被67P彗星俘获后经过一系列变轨，成功地将“菲莱”着陆器弹出，准确地在彗星表面着陆。如图所示，轨道1和轨道2是“罗赛塔”绕彗星环绕的两个圆轨道，B点是轨道2上的一个点，若在轨道1上找一点A，使A与B的连线与BO连线的最大夹角为，则“罗赛塔”在轨道1、2上运动的周期之比为()Asin3 B. C. D. 解析：选C根据几何关系连接OA可得三角形OAB是直角三角形，故轨道1和轨道2的半径之比sin ，飞行器所受的万有引力提供其做圆周运动的向心力，则Gmr，可得周

18、期T，所以。故A、B、D错误，C正确。18.(2016佛山一中月考)一半径为R的光滑圆环竖直放在水平向右、场强为E的匀强电场中，如图所示，环上a、c是竖直直径的两端，b、d是水平直径的两端，质量为m的带电小球套在圆环上，并可沿环无摩擦滑动。现使小球由a点静止释放，沿abc运动到d点时速度恰好为零。由此可知，小球在b点时()A加速度为零 B机械能最大C电势能最小 D动能最大解析：选BC从图上可以看出小球从a点由静止出发到d点仍静止，由动能定理可知mgRWq00，所以有WqmgR，所以小球带负电，所受到的电场力大小为Fmg，方向水平向左。在整个过程中，只有由a到b电场力做了正功，由功能关系可知，小

19、球在b点时电势能最小，机械能最大，选项B、C对；在b点小球速度要满足圆周运动的规律，所以加速度不为零，选项A错；由于重力和电场力都是恒力，所以这两个力的合力也为恒力，方向为斜向左下方，与竖直方向成45角，由等效法可知，小球应该运动到合力方向的最低点，即b、c两点之间的某一点时其动能最大，选项D错。19.(2016汕头模拟)如图是创意物理实验设计作品小熊荡秋千。两根彼此靠近且相互绝缘的金属棒C、D固定在铁架台上，与两个铜线圈P、Q组成一闭合回路，两个磁性很强的条形磁铁如图放置，当用手左右摆动线圈P时，线圈Q也会跟着摆动，仿佛小熊在荡秋千。以下说法正确的是()AP向右摆动的过程中，P中的电流方向为

20、顺时针方向(从右向左看)BP向右摆动的过程中，Q也会向右摆动CP向右摆动的过程中，Q会向左摆动D若用手左右摆动Q，P会始终保持静止解析：选ABP向右摆动的过程中，线圈平面内从右往左的磁通量减小，根据楞次定律可以得出电流方向为顺时针方向(从右向左看)，所以A项正确；根据P中产生的感应电流方向流过Q线圈也是顺时针，根据左手定则判断Q下边受安培力向右，所以B项正确，C项错误；若用手左右摆动Q，线圈Q的下边切割磁感线会产生感应电流，线圈P中会有电流通过，在磁场中会受到安培力运动，所以D项错。20.如图所示，在abbc的等腰三角形abc区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，d是ac上任意一点，e是bc上任意一

21、点。大量相同的带电粒子从a点以相同方向垂直磁场射入，由于速度大小不同，粒子从ac和bc上不同点离开磁场。不计粒子重力，则从c点离开的粒子在三角形abc磁场区域内经过的弧长和运动时间与从d点和e点离开的粒子相比较()A经过的弧长一定大于从d点离开的粒子经过的弧长B经过的弧长一定小于从e点离开的粒子经过的弧长C运动时间一定大于从d点离开的粒子的运动时间D运动时间一定大于从e点离开的粒子的运动时间解析：选AD如图所示，当粒子依次从ac边射出时，半径增大而圆心角相同，弧长等于半径乘以圆心角，所以经过的弧长越来越大，运动时间tT，运动时间相同，所以A正确，C错误；如果粒子从b到c上依次射出时，弧长会先变

22、小后变大，但都会小于从c点射出的弧长，圆心角也会变大，但小于从c点射出时的圆心角，所以运动时间变小，故B错误，D正确。21如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，V1、A1为监控市电供电端的电压表和电流表，V2、A2为监控校内变压器的输出端的电压表和电流表，R1、R2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S闭合时，下列说法错误的是()A电流表A1、A2和A3的示数都变大B只有电流表A1的示数变大C电压表V3的示数变小D电压表V2和V3的示数都变小解析：选ABD在电路中，S闭合前，由可知，电压表V2的示数为U2U1，电路中电流表A2与A3是串联关系，则由欧姆定律可得I2I3(r为电线电阻)，电压表V3的示数为U3R1I2，再由可知电流表A1示数为I1I2，同理，在电路中S闭合后，可知因U1不变，电压表V2示数为U2U1U2，即V2示数不变，I2(r为电线电阻)，因R并R1，则有I2I2，又I1I2，则I1I1，由U2UrU3I2rU3，可知U3U3，又I3，则I3I3，则可判断V1示数不变，V2示数不变，V3示数变小，A1示数变大，A2示数变大，A3示数变小，A、B、D项都是错误，C项正确。故选A、B、D。