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1、新资料高三配套抽考一化学试题b卷新资料2019年高三配套抽考（一）化学试题（b卷）考试时间90分钟，100分适用地区：新课标地区考查范围：物质的量化学物质及其变化金属及其化合物建议使用时间：2018年8月本卷须知1.本试卷分第I卷选择题和第二卷非选择题两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答第I卷时，选出每题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题没有的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，写在本试卷上无效。3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量：H1N14O16

2、Na23Cl35.5 Al27Fe56Cu64第一卷【一】选择题本大题共12小题，每题3分，总分值36分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。1、2018北京卷以下用品的有效成分及用途对应错误的选项是()2、2018石家庄一模以下判断合理的是硫酸、纯碱、醋酸钠和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物蔗糖、硫酸钡和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质依照电解质在熔融状态下能否完全电离将电解质分为强电解质和弱电解质依照分散系是否具有丁达尔现象将分散系分为溶液、胶体和浊液依照反应中是否有电子的转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应依照元素原子最外层电子数的多少将元素分为金属和

3、非金属A、只有B、只有C、只有D、只有3、2018临沂一模以下说法正确的选项是A、7.1g氯气与足量的氢氧化钠溶液反应转移的电子数为0.26.021023B、标准状况下，22.4LNO和11.2LO2混合后气体的分子总数为1.06.021023C、工业用电解法进行粗铜精炼时，每转移1mol电子，阳极上溶解的铜原子数必为0.56.021023D、VLamolL 1的氯化铁溶液中，假设Fe3+的数目为6.021023，那么Cl 的数目大于36.0210234、2018江苏卷常温下，以下各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是()A、0.1molL1NaOH溶液：K、Na、SO42、CO32B、0.1

4、molL1Na2CO3溶液：K、Ba2、NO3、ClC、0.1molL1FeCl3溶液：K、NH4、I、SCND、11014的溶液：Ca2、Na、ClO、NO35、2018北京卷以下解释实验现象的反应方程式正确的选项是A、切开的金属Na暴露在空气中，光亮表面逐渐变暗：2NaO2=Na2O2B、向AgCl悬浊液中滴加Na2S溶液，白色沉淀变成黑色：2AgClS2=Ag2S2ClC、Na2O2在潮湿的空气中放置一段时间，变成白色黏稠物：2Na2O22CO2=2Na2CO3O2D、向NaHCO3溶液中加入过量的澄清石灰水，出现白色沉淀：2HCO3Ca22OH=CaCO3CO322H2O6、2018江

5、苏卷以下表示对应化学反应的离子方程式正确的选项是()A、用KIO3氧化酸性溶液中的KI：5IIO33H2O=3I26OHB、向NH4HCO3溶液中加过量的NaOH溶液并加热：NH4OHNH3H2OC、将过量SO2通入冷氨水中：SO2NH3H2O=HSO3NH4D、用稀硝酸洗涤试管内壁的银镜：Ag2HNO3=AgNOH2O7、Al、Fe、Cu基本上重要的金属元素。以下说法正确的选项是A、三者对应的氧化物均为碱性氧化物B、三者的单质放置在空气中均只生成氧化物C、制备AlCl3、FeCl3、CuCl2均不能采纳将溶液直截了当蒸干的方法D、电解AlCl3、FeCl3、CuCl2的混合溶液时阴极上依次析

6、出Cu、Fe、Al8、2018安徽卷室温下，Al(OH)3的Ksp或溶解度远大于Fe(OH)3。向浓度均为0.1molL1的Fe(NO3)3和Al(NO3)3混合溶液中，逐滴加入NaOH溶液。以下示意图表示生成Al(OH)3的物质的量与加入NaOH溶液的体积的关系，合理的是9、2018江西省重点中学盟校高三第二次联考理科综合能力测试在过量的稀硫酸溶液中加入5.6gFe粉，待反应完全后，再加入50mL0.5molL-1KNO3溶液，恰好反应完全。该反应的方程式为：“FeSO4+KNO3+H2SO4K2SO4+Fe2(SO4)3+NxOy+H2O”，那么对该反应的以下说法正确的选项是A、反应中还原

7、产物是NOB、氧化产物和还原产物的物质的量之比为14C、反应过程中转移的电子数为8e D、化学方程式中按物质顺序的计量数是：8、2、5、1、4、1、510、2018北京怀柔区质检某溶液中含有的溶质是FeBr2、FeI2，假设先向该溶液中通入一定量的氯气，再向反应后的溶液中滴加KSCN溶液，溶液变为红色，那么以下表达正确的选项是原溶液中的Br一定被氧化；通入氯气之后原溶液中的Fe2+一定有部分或全部被氧化；不能确定通入氯气后的溶液中是否存在Fe2+；假设取少量所得溶液，再加入CCl4溶液，静置、分液，向上层溶液中加入足量的AgNO3溶液，只产生白色沉淀，说明原溶液中的I-、Fe2+、Br-均被完

8、全氧化A、B、C、D、11、2018太原二模在T时，将agNH3完全溶于水，得到VmL溶液，假设该溶液的密度为gcm3，溶质的质量分数为w，其中含NH的物质的量为bmol。以下表达中正确的选项是()A、溶质的质量分数为w100%B、溶质的物质的量浓度cmolL1C、溶液中c(OH)molL1D、上述溶液中再加入VmL水后，所得溶液溶质的质量分数大于0.5w12、2018合肥二模部分氧化的FeCu合金样品氧化产物为Fe2O3、CuO共5.76g，经如下处理：以下说法正确的选项是A、滤液A中的阳离子为Fe2+、Fe3+、H+B、V224C、样品中CuO的质量为4.0g D、V448第二卷【二】非选

9、择题此题包括6个小题，共64分13、2018濮阳一模7分A、B、C、D、E是中学常见的5种化合物，A、B是氧化物，元素X、Y的单质是生活中常见的金属，相关物质间的关系如下图所示。1X的单质与A反应的化学方程式是。2假设试剂1是NaOH溶液。X的单质与试剂1反应的离子方程式是。3假设试剂1和试剂2均是稀硫酸。将物质C溶于水，其溶液呈性填“酸”、“碱”或“中”。某高效净水剂是由Y(OH)SO4聚合得到的，工业上以E、稀硫酸和亚硝酸钠NaNO2为原料制备Y(OH)SO4，反应中有NO生成，该反应的化学方程式为。14、2018九江一模9分有A、B、C、D、E五种常见化合物，基本上由下表中的离子形成的：

10、阳离子K+Na+Cu2+Al3+阴离子SO42HCO3NO3OH为了鉴别上述化合物，分别完成以下实验，其结果是： 将它们溶于水后，D为蓝色溶液，其他均为无色溶液； 将E溶液滴入到C溶液中出现白色沉淀，接着滴加，沉淀溶解； 进行焰色反应，仅有B、C为紫色透过蓝色钴玻璃； 在各溶液中加入硝酸钡溶液，再加过量稀硝酸，只有A中放出无色气体，只有C、D中产生白色沉淀； 将B、D两溶液混合，未见沉淀或气体生成。 依照上述实验填空：1写出B、D的化学式：B_，D。2将含lmolA的溶液与含lmolE的溶液反应后蒸干，仅得到一种化合物，该化合物化学式为_。3C常用作净水剂，用离子方程式表示其净水原理_。4在A

11、溶液中加入少量澄清石灰水，其离子方程式为_。5向20mL2mol/LC溶液中加入30mLE溶液，充分反应后得到0.78g沉淀，那么E溶液的物质的量浓度可能是moI/L。15、2018北京朝阳一模12分高铁酸钠Na2FeO4具有特别强的氧化性，是一种新型的绿色净水消毒剂。工业上能够通过次氯酸钠氧化法制备高铁酸钠，生产过程如下：回答以下问题：1通过步骤后，加入NaOH固体的缘故是_。2步骤反应的离子方程式是_。3从溶液中分离出Na2FeO4后，还有副产品Na2SO4、NaCl，那么步骤中反应的离子方程式为_。4将一定量的Na2FeO4投入到pH不同的污水中污水中其余成分均相同，溶液中Na2FeO4

12、浓度变化如下图曲线、所示，试推测曲线I比曲线II对应的污水pH_填“高”或“低”。5通过计算得知Na2FeO4的消毒效率以单位质量得到的电子数表示比氯气的_填“高”或“低”，用高铁酸钠代替氯气作净水消毒剂的优点是_答出两点即可。16、2018漳州质检12分2018年1月，广西河池龙江河段检测出重金属镉离子Cd2+含量超标，当地政府积极展开治污工作。聚合氯化铝能够将离子状态的镉固化，这是当前可采取治理镉污染的最有效方法。：煤矸石是煤矿在洗煤和选煤过程中大量排出的固体废弃物，煤矸石要紧含Al2O3、SiO2及铁的氧化物。聚合氯化铝Al2(OH)nCl6-nm(1n5，m10)，商业代号PAC是一种

13、新型、高效絮凝剂和净水剂。以煤矸石为原料，采纳铝盐水解絮凝剂，制得聚合氯化铝的工艺流程如下：17、2018云南省质检10分用如下图装置测定Fe和Fe2O3的混合物中单质铁的质量分数(夹持部分已略去)。称取Wg样品置于锥形瓶中，通过分液漏斗加入足量稀硫酸使样品完全溶解。实验前量气管起始读数为amL，实验后量气管的最终读数为bmL。请回答以下问题：1按上图完成装置连接，开始实验前必须进行的操作是。2写出锥形瓶中发生化合反应的离子方程式：。3实验结束后，锥形瓶内溶液中存在的金属离子有哪些可能?请依照选项进行填空(表格不一定填完)：A、盐酸B、KSCN溶液C、酸性KMnO4溶液D、H2O2溶液序号溶液

14、中可能存在的金属离子选择最少种数的试剂，验证该假设(填字母)4实验中要对量气管多次读数，读数时应注意：将实验装置恢复到室温；视线与凹液面最低处相平。假设读取量气管中气体的体积时，液面左高右低，那么所测气体的体积(填“偏大”、“偏小”或“无妨碍”)。5假设样品与足量稀硫酸反应后滴入KSCN溶液不显红色且量气管读数ba(该实验条件下的气体摩尔体积为Vm)。以下有关单质铁质量分数的计算过程是否正确？填“是”或“否”，理由是。FeH2SO4FeSO4H256gVmLWg(Fe)(b-a)10-3L18、2018天津卷14分信息时代产生的大量电子垃圾对环境构成了极大的威胁。某“变废为宝”学生探究小组将一

15、批废弃的线路板简单处理后，得到含70%Cu、25%Al、4%Fe及少量Au、Pt等金属的混合物，并设计出如下制备硫酸铜和硫酸铝晶体的路线：请回答以下问题：1第步Cu与酸反应的离子方程式为_；得到滤渣1的要紧成分为_。2第步加H2O2的作用是_，使用H2O2的优点是；调溶液pH的目的是使生成沉淀。3用第步所得CuSO45H2O制备无水CuSO4的方法是。4由滤渣2制取Al2(SO4)318H2O，探究小组设计了三种方案：上述三种方案中，_方案不可行，缘故是_；从原子利用率角度考虑，_方案更合理。5探究小组用滴定法测定CuSO45H2OMr250含量。取ag试样配成100mL溶液，每次取20.00

16、mL，消除干扰离子后，用cmolL1EDTAH2Y2标准溶液滴定至终点，平均消耗EDTA溶液bmL。滴定反应如下：Cu2+H2Y2CuY22H+写出计算CuSO45H2O质量分数的表达式w_；以下操作会导致CuSO45H2O含量的测定结果偏高的是_。A、未干燥锥形瓶B、滴定终点时滴定管尖嘴中产生气泡C、未除净可与EDTA反应的干扰离子课标化学答案与解析1、B【解析】食盐的有效成分为NaCl，可用做生活中的调味品，A项正确；小苏打的有效成分为NaHCO3，可用于发酵粉，B项错误；复方氢氧化铝片的有效成分为Al(OH)3，利用其弱碱性可用做抗酸药，C项正确；漂白粉的有效成分为Ca(ClO)2，利用

17、其强氧化性可做消毒剂，D项正确。2、B【解析】纯碱是Na2CO3，属于盐；依照电解质在水溶液中能否完全电离将电解质分为强电解质和弱电解质；将分散系分为溶液、胶体和浊液的依据是分散系中分散质粒子的直径大小；将元素分为金属和非金属的依据是元素的化学性质。3、D【解析】7.1g氯气，即0.1mol，与足量的氢氧化钠溶液反应转移的电子数为0.16.021023，A项错误；B项忽视了NO2转化为N2O4的可逆反应；C项忽视了粗铜中比铜活泼的金属优先失去电子；因Fe3+的水解，故氯化铁溶液中Cl 数目大于Fe3+的数目的3倍，D项正确。4、A【解析】此题考查离子共存问题。A项，碱性条件下，四种离子能共存，

18、正确；B项，CO32与Ba2会产生BaCO3沉淀，错；C项，Fe3会氧化I，且与SCN会形成配合物，错；D项，酸性条件，ClO与H结合成弱电解质HClO，错。5、B【解析】切开的金属钠在空气中变暗是因为Na与空气中的O2反应生成Na2O，A项错；由于Ag2S比AgCl更难溶，向AgCl悬浊液中加入Na2S溶液可实现沉淀的转化，生成Ag2S沉淀，B项正确；Na2O2在潮湿的空气中变为白色黏稠物是因Na2O2与空气中的水蒸气反应生成NaOH的缘故，C项错；D项因澄清石灰水过量，反应后溶液中可不能存在CO32，CO32全部与过量的Ca2结合生成CaCO3沉淀，因此正确的离子方程式为：HCO3Ca2O

19、H=H2OCaCO3，D项错。6、C解析此题考查离子方程式书写的正误判断。A项，酸性环境中，不能生成OH，错；B项，NaOH过量，HCO3与OH会反应生成CO32和H2O，错；C项，SO2过量，那么生成HSO3，正确；D项，O原子不守恒，得失电子也不守恒，错。7、C【解析】Al2O3属于两性氧化物，A项错误；Cu的单质长期放置在空气中会生成铜绿，其成分为碱式碳酸铜，B项错误；AlCl3、FeCl3、CuCl2溶液在加热时促进水解，且水解生成的HCl挥发，在蒸干过程中完全水解，最后得到它们的氢氧化物，C项正确；电解AlCl3、FeCl3、CuCl2的混合溶液时阴极上放电的离子是Fe3、Cu2、H

20、+，其中Fe3被还原为Fe2，析出的单质依次是Cu和H2，D项错误。8、C【解析】因KspAl(OH)3KspFe(OH)3，因此向混合溶液中滴加NaOH溶液时，首先应生成Fe(OH)3沉淀，当Fe3沉淀完全后，再生成Al(OH)3沉淀，接着滴加NaOH溶液，那么发生反应Al(OH)3OH=AlO22H2O，故C项图像符合实际情况。9、D【解析】设还原产物中N的化合价为a，由电子守恒可得，10.5molL-15010 3L5a，解得a1，因此还原产物为N2O；由得失电子守恒和原子守恒配平化学方程式得8FeSO4+2KNO3+5H2SO4K2SO4+4Fe2(SO4)3+N2O+5H2O，由化学

21、方程式可知氧化产物和还原产物的物质的量之比为41，反应过程中转移的电子数为0.16.021023。10、B【解析】在FeBr2和FeI2混合液中存在三种还原性不同的离子：I-Fe2+Br-，向混合液中通入的氯气首先与还原性最强的离子I-反应，当I完全反应后，氯气才与Fe2+反应，Fe2+被完全氧化后才与Br-反应。通入一定量氯气后再滴加KSCN，溶液呈红色，说明有Fe3+生成，I-差不多反应完全，Fe2+被氧化但不一定被全部氧化，因为没有实验现象说明Fe2+被完全氧化，同理，也没有实验现象说明Br被氧化或被完全氧化，错误，只有B答案符合题意。11、B【解析】依照题中给出的量及各选项的要求，利用

22、待求量的最差不多计算关系代入求解即可。A不正确，w应为100%；依照公式c进行计算知B正确；由溶液中的电荷守恒可知c(OH)molL1c(H)，C错误；因为氨水的密度小于水的密度，故上述溶液再加VmL水后，所得溶液溶质的质量分数小于0.5w，故D不正确。12、D【解析】合金中，m(Cu)3.2g，n(Fe)3.2g/160gmol 120.04mol，m(Fe)0.04mol56gmol 12.24g，m(O)5.76g3.2g2.24g0.32g，n(O)0.32g/16gmol 10.02mol，由合金中铁由0价变成+2价失去电子的总物质的量等于氧气氧化部分合金得到电子的物质的量与H+反应

23、变成H2得到电子的物质的量之和，得n(H2)2n(O)2n(Fe)2，即n(H2)20.02mol20.04mol2，解得n(H2)0.02mol，V(H2)448mL，故D项正确，B项错；有滤渣，滤液A中不存在Fe3+，A项错；样品中氧元素的物质的量总共0.02mol，CuO的物质的量最多0.02mol，质量最大0.02mol80gmol 11.6g，C项错。13、7分12AlFe2O3Al2O32Fe22Al2OH2H2O2AlO23H23酸2FeSO42NaNO2H2SO42Fe(OH)SO4Na2SO42NO【解析】由“氧化物A化合物D化合物E”和“Y的单质化合物E”可推测金属元素Y为

24、变价金属，常见的变价金属元素是Fe，如此就可判断出化合物D中含Fe3+，氧化物A为Fe2O3，化合物E中含Fe2+。由置换反应“X的单质Fe2O3Fe氧化物B”可知，该反应为铝热反应，因此元素X是Al，氧化物B是Al2O3。14、9分1KNO3CuSO42Na2CO33Al3+3H2OAl(OH)3(胶体)3H+42HCO3Ca2+2OHCaCO32H2OCO3251或5【解析】由知，D中含Cu2+，由知，D中含SO42，故D为CuSO4；由知，C中含Al3+，由知，C中含K+，由知，C中还含SO42，故C为KAl(SO4)2；由知，E中含OH，结合可判断出E为NaOH；由知，A中含有HCO3

25、，结合可判断A为NaHCO3；B中含K+，由知，B中不含SO42，结合可判断B只能为KNO3。2等物质的量的NaHCO3和NaOH在溶液中恰好反应：NaHCO3NaOHNa2CO3H2O，得Na2CO3溶液，将Na2CO3溶液蒸干得溶质Na2CO3。3KAl(SO4)2在水中电离出Al3+，Al3+水解生成的Al(OH)3胶体能吸附水中的悬浮杂质形成沉淀，因此KAl(SO4)2可作净水剂。4依照离子方程式书写的“以少定多”原理，可写出该反应的离子方程式。5假设NaOH不足，n(NaOH)3nAl(OH)330.03mol，c(NaOH)1moI/L；假设NaOH过量，完全沉淀Al3+消耗NaO

26、H的物质的量为32mol/L0.02L0.12mol，溶解Al(OH)3沉淀消耗NaOH的物质的量为：0.04mol0.01mol0.03mol，故c(NaOH)5moI/L。15、12分1Na2FeO4只在碱性环境中稳定存在，因此加入氢氧化钠能够调节溶液显碱性22Fe2+H2O22H+2Fe3+2H2O32Fe3+3ClO10OH2FeO423Cl5H2O4高5低既能消毒杀菌又能净水或无毒或方便保存等【解析】1依照框图中的提示可知，Na2FeO4只在碱性环境中稳定存在，因此加入氢氧化钠能够调节溶液显碱性。2在酸性条件下，H2O2将Fe2+氧化成Fe3+，自身被还原生成H2O，反应的离子方程式

27、为2Fe2+H2O22H+2Fe3+2H2O。3步骤中参加反应的离子有Fe3+、ClO和OH，除生成FeO42和Cl外还有H2O生成，故该反应的离子方程式为2Fe3+3ClO10OH2FeO423Cl5H2O。4Na2FeO4在碱性环境中稳定存在，污水的pH越高，Na2FeO4的浓度越大，故曲线I比曲线II对应的污水pH高。51gNa2FeO4能得到电子的物质的量为mol0.018mol，1gCl2能得到电子的物质的量为mol0.028mol，故Na2FeO4的消毒效率比氯气的低。16、12分1将煤矸石中的Al2O3、铁的氧化物转化为盐，与SiO2分离或其它合理答案2SiO22CSi2CO3F

28、e(OH)3取试样加入稀硫酸溶解，再加入KSCN溶液4丁达尔效应或丁达尔现象51105mol/L【解析】1煤矸石中Al2O3、铁的氧化物能与酸反应生成溶于水的盐，而SiO2与酸不反应，因此，酸浸的目的是将煤矸石中的Al2O3、铁的氧化物转化为盐，从而与SiO2分离。2残渣1是SiO2，由SiO2制取粗硅的化学方程式为SiO22CSi2CO。3残渣2的要紧成分为Fe(OH)3，检验Fe(OH)3中的Fe3+时先用酸溶解，然后向所得的溶液中加入KSCN溶液。4检验胶体最简单的方法是利用胶体性质中的丁达尔效应。5Cd2+离子除去率最高时的pH为9，因此溶液的c(OH)1105mol/L。17、10分1检查装置的气密性22Fe3+Fe3Fe2+34上下调节右管，使右管液面高度与测量气管中液面高度平齐偏小5否混合物中Fe2O3与硫酸反应后生成的Fe3+可进一步消耗铁单质【解析】2锥形瓶中发生的反应有：Fe2O36H+2Fe3+3H2O、2Fe3+Fe3Fe2+和Fe2H+Fe2+H2，其中2Fe3+Fe3Fe2+属于化合反应。3依照题意可知，锥形瓶内溶液中存在的金属离子只有以下两种情况：一是只含Fe2+，检验溶液中只含Fe2+时，选用KSCN溶液，其现象是溶液不变红色。二是既含Fe