学年黑龙江省哈尔滨市双城区第三中学高二上学期期中考试物理试题 解析版.docx

1、学年黑龙江省哈尔滨市双城区第三中学高二上学期期中考试物理试题 解析版黑龙江省哈尔滨市双城区第三中学2017-8 2018年第一学期期中物理试题选择题( ( 本题共10小题, , 每小题44分, ,共56分.在1-11每小题给出的四个选项,有的小题只有一项符合题目要求,在12-14的小题有多个选项符合题目要求,全部选对的得 4分,选对但不全的得2分,有错选或不答的得0分。)1. 1 个 60W 的灯泡持续点亮 2.5h，需要消耗的电能为A. 4.210-2 JB. 2.4101 JC. 1.5102 JD. 5.410 5 J【答案】D.故选D。2. 一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学 用伏

2、安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为 3.0V，3.0m A ，用（b）图测得的数据是 2.9V，4.0m A ，由此可知，用(a)或(b)图测得 Rx的误差较小，和测量 R x 对应值以下各组正确的是：A. (a) ；725 B. (b)；725 C. (a) 1000 D. (b)；1000【答案】C【解析】（a）图与（b）图的数据显示，两种电路电流表的示数相对误差要大一些，宜用电流的真实值，故用（a）图的电路，其测量值为，故C正确，ABD错误；故选C。3. 如图所示，电源电动势为 10V，内电阻为 0.5， R1 5.5， R2 4，当 S 闭合时，一带

3、电油滴恰好静止在水平放置的平行金属板间。则 S 断开时，油滴的加速度 a 大小和方向。G 取 10m/s2 。A. a=10 m/s2 ;方向竖直向下B. a=15 m/s2 ;方向竖直向下C. a=15 m/s2 ;方向竖直向上D. a=10 m/s2 ;方向竖直向上【答案】C【解析】当S闭合时，电容器与R2并联，U1= R2E/(R1+R2+r)=0.4E，对油滴静止，由平衡条件mg= U1q/d，得到mg=0.4qE/d，当S断开时，电容器与电源并联U2=E，对油滴，由牛顿第二定律：U2q/d-mg=ma，得到2.5mg-mg=ma，得a=1.5g=15m/s2，方向向上，故C正确，AB

4、D错误；故选C。4. 通过某一电路的电流强度为 2.00A，该电路中包括只有一台电阻为 12.0 的电动机，如果这台电动机所接的电压为 220v。则这能电动机在一分钟内有电能通过电阻被转化为内能A. 2.64104 J B. 2.88103 J C. 2.36104 J D. 以上答案都不对。【答案】B【解析】1min通过线圈的电流产生的热量Q=I2Rt=（2A）212.060s=2880J，故B正确，ACD错误，故选B。5. 某金属导线的电阻率为，电阻为R，现将它均匀拉长到面积为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为 ( )A. 和 4R B. 4和4RC. 16和16R D. 和16

5、R【答案】A【解析】电阻为R，现将它均匀拉长到面积为原来的一半，其材料和体积均不变，则长度变为原来的2倍，由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的4倍，即4R；由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变；故A正确，BCD的错误；故选A。6. 如图所示的电路中，电源电动势为 E ，内阻为 r，R 为可变电阻，其余电阻为定值电阻。则开关 S 闭合后，当R变小时，以下说法正确的是 ( )A. 电阻 R1 的功率变小B. 电阻 R2 的功率变大C. 电阻 R3 的功率变大D. 电阻 R4 的功率变大【答案】B【解析】由图看出电路的结构是：电变阻器R与电阻R3

6、并联后与R1串联，再与R4并联后与R2串联当R变小时，外电路总电阻的变小，根据闭合电路欧姆定律可知：干路中电流I变大，电阻R2的功率变大；R4电压U4=E-I（R1+r），I变大，U4变小，通过R4的电流I4变小，电阻 R4 的功率变小，故D错误；通过R1的电流I1=I-I4，I变大，I4变小，则I1变大，R1的功率变大；R1的电压U1也变大，电阻R3的电压U3=U4-U1，U4变小，U1变大，U3变小，R3的功率变小；所以电阻R1的功率变大，电阻R2的功率变大，电阻R3的功率变小，电阻R4的功率变小，故B正确，ACD的错误；故选B。7. 用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大

7、量程电流表 A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是( )A. 图甲中的A1、A2的示数相同B. 图甲中的A1、A2的指针偏角相同C. 图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D. 图乙中的 A1、A2的指针偏角相同【答案】B【解析】试题分析：小量程的电流表改装成大量程的电流表时，在表头两端并联上一个分流电阻。甲图中两个改装后的电流表并联接入回路知加在表头两端的电压相等，故两表的偏转角相同，应量程不同，故此时示数不等，A错，B对；乙图中，改装后的两电流表串联接入回路中，应改装后的电流表阻值不同，故加在两端

8、的电压不同，也即加在表头两端的电压不同，偏转角不同，通过的电流相等，故示数相同，CD错。考点：电表的改装。【名师点睛】电流表、电压表的改装分析见下表项目小量程电流表G改装成大量程电压表V小量程电流表G改装成大量程电流表A电路结构R的作用分压分流扩大量程的计算UIg(RRg)RRgIgRg(IIg)RRRg电表的总内阻RVRgRRA使用并联在被测电路中，“”接线柱接电势较高的一端串联在被测支路中，电流从“”接线柱流入8. 一电池外电路断开时的路端电压为 3V，接上 8的负载电阻后路端电压降为 2.4V。 则可以判定电池的电动势 E 和内电阻 r 为A. E3V， r2 B. E2.4V，rlC.

9、 E2.4V， r2 D. E3V，rl【答案】A【解析】断开时的路端电压是电动势，E=3V，接上电阻时的电流I=U/R=0.3A，所以I（R+r）=E，所以r=2欧姆，故A正确，BCD错误；故选A。9. 一个电流计的满偏电流 Ig =0.100mA，内阻为 600，要把它改装成一个量程为 0.6A的电流表，则应在电流计上（ ）A. 串联一个 5.4k 的电阻 B. 串联一个约 0.1 的电阻C. 并联一个约 0.1 的电阻 D. 并联一个 5.4k 的电阻【答案】C【解析】改装成电流表要并联电阻分流，其并联电阻阻值为，故为并联0.1的电阻则ABD错误，C 正确；故选C。10. 图中，四盏灯分

10、别标为：L1（4V，1.6W），L2（5V，1.25W），L3（6V，1.8W），L4（10V，10W）。那么，将电路两端接到 8V 电源上后，它们消耗的电功率 P1、P2、P3、P4的关系是（设灯的的电阻都不变）（ ）A. P2 P1P4P3 B. P1P2P3P4 C. P2P1P3P4 D. P1 P2P4P3【答案】A【解析】根据可得，四个灯泡的电阻，由电路图可知，L3与L4并联，所以电压相等，根据，可知P4P3，L1与L2串联，电流相等，根据P=I2R可知，P2P1， L1的电流大于L4的电流，根据P=I2R可知P1P4，所以P2P1P4P3；故A正确，BCD错误；故选A。11. 图

11、为测量某电源电动势和内阻时得到的 U-I 图线。用此电源与三个阻值均为 3的电阻连接成电路，测得路端电压为 4.8V。则该电路可能为 ( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】由上图可知电源电动势为，电源内阻为对A图，；对B图，；对C图，I，；对D图，故B项正确。点睛：根据图象求得电源的电动势和内电阻是本题的关键，之后根据闭合电路欧姆定律来计算即可。12. 如图所示，真空中有一边长为 a 的等边三角形 ABC，P 点是三角形的中心。在 A 点固定一电荷量为 q 的负点电荷，在 B 点同定一电荷量为 q 的正点电荷，已知静电力常量为 k，则以下说法正确的是A. c 点的电场强度大小为B.

12、c 点电势高于 P 点电势C. 某一试探电荷在 c 点与 P 点所受静电力大小之比为D. 将某一试探电荷从 C 点沿 CP 连线的方向移动到 P 点的过程中静电力不做功【答案】CD【解析】AB两点的点电荷在C点形成电场的场强大小均为 ，故C点的电场强度大小为，选项A错误；CP两点均处于AB连线的垂直平分线上，故两点的电势相等，将某一试探电荷从C点沿CP连线的方向移动到P点的过程中静电力不做功，选项B错误，D正确；AB两点的点电荷在P点形成电场的场强大小均为 ，故P点的电场强度大小为，CP两点的场强大小之比：,某一试探电荷在c点与P点所受静电力大小之比为，选项C正确；故选CD.13. 某同学在研

13、究三种导电元件的伏安特性时，他根据实验所测得的数据，分别绘制了IU图 线 ， 如 图 甲、乙 、丙所示，下列说法正确的是( ) A. 图甲的元件可以作为标准电阻使用B. 图乙的电阻随电压升高而增大C. 图丙的电阻随电压升高而增大D. 只有图乙才是可能的伏安特性曲线【答案】AB【解析】试题分析：I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数；由图象可知甲元件的电阻不变，故图甲的元件可以作为标准电阻使用，选项A正确；乙元件的电阻随电压U的增大而增大，选项B正确；丙元件的电阻随电压U的增大而减小，故选项CD错误；故选AB考点：伏安特性曲线【名师点睛】伏安特性曲线能得出电流随电压的变化关系，则由欧姆定律可得出电

14、阻的变化；同时注意线性元件及非线性元件的伏安特性曲线的区别。14. 平行板电容器 C 与三个可变电阻器 R1、R2、R3 以及电源连成如图所示的电路。闭合开关 S 待电路稳定后，电容器C 两极板带有 一定的电荷。要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是 ( )A. 只增大R1，其他不变B. 只增大R2，其他不变C. 只减小R3，其他不变D. 只减小 a、b 两极板间的距离，其他不变【答案】AD【解析】试题分析：电容器两端的电压等于电阻R2两端的电压，故只增大R1，其他不变时，R2两端的电压会减小，根据Q=CU，故电容器带电量减小，选项A错误；只增大R2，其他不变，则R2两端的电压会增大，根

15、据Q=CU，故电容器带电量增大，选项B正确；电容器两端的电压与R3无关，故只减小R3，其他不变，电容器所带电荷量不变，选项C错误；只减小a、b两极板间的距离，根据可知，C变大，根据Q=CU，故电容器带电量增大，选项D正确；故选BD.考点：含电容电路；电容器的电容.二、填空：（每空2 分，共14分）15. 在做测定金属的电阻率的实验时，需要对金属丝的电阻进行测量，已知金属丝的电阻值Rx约为 5。一位同学用伏安法对这个电阻的阻值进行了比较精确的测量，这位同学想使被测电阻 R x 两端的电压变化范围尽可能的大。他可选用的器材有：(1)电源 E：电动势为 6V，内阻为 1.0；(2)电流表：量程 0.

16、6A，内阻约为 0.50；(3)电压表：量程 10V，内阻约为 10k；(4)滑动变阻器 R ：最大电阻值为 5.0；开关一个，导线若干。根据上述条件，测量时电流表应采用_。（选填“外接法”或“内接法”）在方框内画出实验电路图_。若在上述实验中，电流表的示数为 I，电压表的示数为 U ，且电流表内阻 RA 、电压表内阻RV均为已知量时，用测量量和电表内阻计算金属丝电阻的表达式Rx =_。表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如下图所示，则电压表的读数为_V，电流表的读数为_A. 【答案】 (1). 外接法 (2). (3). (4). 2.60V； (5). 0.52A【解析】待测电阻较小，故采

17、用外接法；由于滑动变阻器小于待测电阻阻值，因此采用分压接法，具体原理图如下所示根据原理图，可知流过待测电阻的电流为，根据欧姆定律解得；电压表的分度值是0.1V，读数为2.60V；电流表的分度值是0.02A，读数为0.52A；16. 某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度。读出图中的示数。该金属圆片的直径的测量值为_cm。厚度的测量值为_mm。 三、计算题（每小题15分，共30分。要求写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案而未写出演算过程的不能得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位。）【答案】 (1). 1.240； (2). 1.682；【解析

18、】游标卡尺的主尺读数为12mm，游标读数为80.05mm=0.40mm，所以最终读数为12.40mm=1.240cm；螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.0118.2mm=0.182mm所以最终读数为1.682mm；17. 如右图所示，电源电动势 E =10 V，内阻 r =0.5，标有“8 V,16 W”的灯泡恰好能正常发光，电动机 M 绕组的电阻 R0=1，求：(1)路端电压；(2)电源的总功率；(3)电动机的输出功率。【答案】（1）8V； （2）40W； （3）12W；【解析】试题分析：（1）通过灯泡电流I1=2A （2分）（2）内电压U=EUIrI4A （2分）（3

19、）电动机总功率：P1UI2U（II1）16W （2分）（4）电动机热功率：P3I2R0=4W （1分）电动机输出功率：P2P1P3=12W （1分）考点：考查闭合电路欧姆定律的应用和功率的分配18. 如右图所示， R 为电阻箱，V 为理想电压表。当电阻箱读数为R 12 时，电压表读数为U14V；当电阻箱读数为R25 时，电压表读数为 U 2 5 V，求：(1)电源的电动势 E 和内阻 r ；(2)当电阻箱 R 读数为多少时，电源的输出功率最大？（3）最大值 Pm为多少？【答案】（1）E6V，r 1； （2）Rr1时P有最大值；（3）9W；【解析】（1）由闭合电路欧姆定律： 联立上式并代入数据解得：E=6V r=1电源电动势为6V，内阻为1；（2）由电功率表达式： 将上式变形为：由上式可知R=r=1时P有最大值为 ；故P的最大输出功率为9W点睛：本题是测量电源电动势和内阻的方法：伏阻法电压表和定值电阻组合，相当于电压表和电流表双重作用