安徽省名校联盟高考物理最后一卷解析版.docx

1、安徽省名校联盟高考物理最后一卷解析版2019年安徽省名校联盟高考物理最后一卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1如图所示，在倾角为的长斜面上有一带风帆的滑块由静止开始沿斜面下滑，下滑过程中帆受到的空气阻力与滑块下滑速度的大小成正比（即f=kv），在滑块下滑的整个过程中斜面在水平地面上始终静止不动下列关于地面对斜面的支持力F及摩擦力Ff的说法中正确的是（）AF逐渐增大，Ff逐渐减小 BF逐渐增大，Ff逐渐增大CF逐渐减小，Ff逐渐增大 DF和Ff均保持不变2如图

2、所示，木块A、B用一轻弹簧相连，并置于光滑水平面上，开始时弹簧处于原长，现给木块A一初速度V0，经过一段时间t0，弹簧的长度第一次达到最短以下能正确描述两木块在0t0时间内vt图象的是（）A B C D3如图所示，将一个小球从M点以初速度vM竖直向上抛出，小球运动过程中还受到恒定的水平作用力，从M点运动到N点时，小球的速度方向恰好改变了90，则在从M点到N点的运动过程中，小球的速率（）A先减小后增大 B先增大后减小 C一直增大 D一直减小4如图所示，两块半圆形导体板彼此靠近，当两板分别带有等量异号电荷时，则能定性反映两板间电场线分布的图可能是（）A B C D5如图甲所示，两个线圈套在同一个铁

3、芯上，线圈的绕向在图中已经表示左线圈连着平行导轨M和N，导轨电阻不计，在导轨垂直方向上放着金属棒ab，金属棒处于垂直纸面向外的匀强磁场中现使金属棒向右运动，金属棒向右运动的速度一时间图象（即vt图象）如图乙所示，则下列说法中正确的是（）Aa点电势高于b点电势，c点电势高于矗点电势，通过电阻的电流逐渐增大Bb点电势高于a点电势，c点电势低于d点电势，通过电阻的电流逐渐增大Cb点电势高于a点电势，c点电势高于d点电势，通过电阻的电流逐渐减小Db点电势高于a点电势，c点电势低于d点电势，通过电阻的电流逐渐减小6设定地球是一个质量均匀分布的球体，己知质量分布均匀的球壳对其内部物体的引力为零如图所示，有

4、科学家设想在地球内部修建一条半径为r的环形轨道，在环形轨道内发射一颗人造“地星”A，人造“地星”仅在万有引力作用下做匀速圆周运动另在地球上空发射一颗轨道半径为R的人造地球卫星B己知地球半径为Ro，则下列关于“地星”A与卫星B运动的向心加速度大小、线速度大小、角速度、周期之比正确的是（）A =（）2 B = C = D =7如图所示，平行板电容器的两个极板水平，两板之间固定一个光滑绝缘的半圆形轨道ACB，A、B为半圆轨道的两个端点，且A、B紧靠电容器的上极板，在A端对应位置的极板处开有一个小孔，C是轨道的最低点，半圆轨道半径为R现使电容器的两板分别带等量异种电荷，使两板之间存在竖直向下的匀强电场

5、，将一个质量为m、电荷量为q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，小球由小孔进入电容器内部并从A点沿切线进入半圆轨道不计空气阻力及一切能量损失，下列说法中正确的是（）A当匀强电场的电场强度大小E=时，带电小球在半圆形轨道内做匀速圆周运动B当匀强电场的电场强度大小E时，带电小球能沿轨道到达最低点C当匀强电场的电场强度大小E时，带电小球能沿轨道到达最低点D将电容器的下极板向下移动一小段距离，则带电小球到达最低点C时的速率增大8在如图所示的直角坐标系中，坐标原点0固定有正点电荷，另有平行于y轴的匀强磁场一个质量为m、带电量为q的微粒，恰好能以y轴上O（0，a）点为圆心做匀速圆周运动，其轨迹平面

6、与xOz平面平行，角速度为，旋转方向如图中箭头所示，则下列说法中正确的是（）A微粒可能带正电，也可能带负电B磁场方向一定沿y轴负方向C无法求出磁感应强度的大小D磁感应强度大小为B=二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每道试题考生都必须作答第1318题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9为了探究质量一定的物体，其加速度口与所受合外力F的关系，一同学设计了如图1所示的实验装置，其中M为带滑轮的小车的质量（包含滑轮质量），优为砂和砂桶的质量（1）关于实验操作过程和注意事项，下列说法正确的是A用天平测出砂和砂桶的质量B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器

7、，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力电传感器所显示的示数D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量优远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图2所示的一条纸带，从比较清晰的某点起，取五个计数点，分别标明0、1、2、3、4测量得s1=2.15cm，s2=2.90cm，s3=3.70cm，s4=4.40cm，则小车的加速度大小为 m/s2（计算结果均保留三位有效数字，实验所用交流电的频率为50Hz）（3）以力电传感器的示数F为横坐标，加速度D为纵坐标，画出的aF图象如图3所示，则小车的质量为 kg（计算结果保留两位有效数字）10某同学在实验室采用两种方法测量一只未知电阻Rx的值

8、（1）他先用多用电表粗测其电阻：在按照正确的步骤操作后，表针指示情况如图甲所示，根据学过的物理知识可知，这种情况误差较大，为了使多用电表测量的结果更准确，应将选择开关旋至欧姆挡的位置（2）然后他采用“伏安法”测量该电阻：实验所采用的器材及电路图如图乙所示测量电阻两端电压时，开关S闭合，将多用电表选择开关置于直流电压挡，红表笔接b，黑表笔接a，记下电阻两端电压值U1；测量通过电阻的电流时，开关S断开，将多用电表选择开关置于直流电流挡，红、黑表笔分别接、触头的位置，重复上述方法再测出两组数据U2、I2和I2、I3，利用上述三组数据可求出被测电阻的阻值Rx=该同学这一实验方案的缺点是11如图所示，质

9、量为M=2.0kg、长为l=0.54m、高为h=0.20m的矩形木块A置于水平地面上，木块与地面间的动摩擦因数为=0.20；木块上表面光滑，其左端放置一质量为m=1.0kg的小球B从某时刻木块和小球同时获得向右的速度v0=2.0m/s开始计时，不计空气阻力，经过一段时间后小球落地，取g=10m/s2求：（1）小球经多长时间离开木块上表面；（2）小球落地时距木块右端的水平距离12如图所示，M、N是两块面积很大、相互平行而又相距较近的带电金属板，两板之间的距离为d，两板间的电势差为U同时，在这两板间还有一方向与电场正交而垂直于纸面向里的匀强磁场一质量为m、带电量为q的粒子通过M板中的小孔沿垂直于金

10、属板的方向射入，粒子在金属板中运动时恰好不碰到N板，其运动轨迹如图所示，图中P点是粒子运动轨迹与N板的相切点以小孔处为坐标原点O、粒子射入方向为z轴正方向、沿M板向上为y轴正方向，不计粒子所受重力及从小孔中射入时的初速度求：（1）粒子经过P点时的速率；（2）若已知粒子经过P点时的加速度大小为a，则粒子经过P点时所受的磁场力为多大？（3）推导磁感应强度B与m、q、d、U之间的关系式（二）选考题，任选一模块作答物理一选修3-313下列说法正确的是（）A布朗运动就是分子的无规则运动B布朗运动说明分子做无规则运动C温度是分子热运动平均动能的标志D温度是分子热运动平均速率的标志E分子力表现为引力时，分子

11、间距离减小，分子势能也一定减小14如图所示，一端封闭、粗细均匀的U形细管，管道水平部分长为L、竖直部分长1.5L，管内有一段长度为L的水银柱封闭一段气柱U形管静止不动时水银柱恰好在管道的水平部分，当U形管绕开口臂的轴线匀速转动时，处于u形管水平部分的水银柱的长度为设水银的密度为（kg/m3），大气压强是p0（Pa）求：（i）U形管转动的角速度为多大？（不考虑气体温度的变化）（ii）不断增大角速度，能否使水银柱全部进入封闭端竖直管内？（只要回答“能”或“否”即可）物理一选修3-415如图所示，一条红色光线和一条紫色光线，以不同的角度同时沿不同的半径方向射入同一块横截面为半圆形的玻璃柱体，其透射光

12、线都是由圆心O点沿OC方向射出，则可知（）ABO光线是紫光，AO光线是红光BBO光线是红光，AO光线是紫光CAO光线比BO光线穿过玻璃柱体所需时间短D将AO光线顺时针转动到BO光线与其重合，其透射光线仍然可能只沿OC方向射出E在双缝干涉实验中，若仅将入射光由AO光线变为BO光线，则干涉亮条纹间距变大16如图甲所示是一列沿z轴正方向传播的简谐横波在t=O时刻的波形图，已知波速v=2.0m/s，质点P平衡位置的坐标为（0.4，0）、质点Q平衡位置的坐标为（3.6，O）（i）求出从t0时刻到Q点第二次振动到波谷的这段时间内质点P通过的路程；（ii）在图乙中画出质点Q的振动图象（至少画出一个周期）物理

13、一选修3-517某种金属逸出光电子的虽大初动能E与入射光频率v的关系如图所示，其中为极限频率从图中可以确定的是（）AEkm与入射光强度成正比B图中直线的斜率与昔朗克常量有关C光电子的逸出功与入射光频率v无关D当vv0时，无论入射光强度多大都不会逸出光电子E当vv0时，只要入射光强度足够强也会逸出光电子18如图所示，在光滑绝缘且足够长的水平管道内有A、B两个小球，两小球带同种电荷、质量分别为m和0.5m，开始两小球相距很远，它们同时以v和4v的初速度向右运动，小球在管内运动时未发生碰撞求：（i）两小球运动过程中电势能的最大值（规定两小球相距很远时电势能为零）；（ii）判断小球B最终能否向左运动？

14、（只要回答“能”或“否”即可，无须说明理由）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1如图所示，在倾角为的长斜面上有一带风帆的滑块由静止开始沿斜面下滑，下滑过程中帆受到的空气阻力与滑块下滑速度的大小成正比（即f=kv），在滑块下滑的整个过程中斜面在水平地面上始终静止不动下列关于地面对斜面的支持力F及摩擦力Ff的说法中正确的是（）AF逐渐增大，Ff逐渐减小 BF逐渐增大，Ff逐渐增大CF逐渐减小，Ff逐渐增大 DF和Ff均保持不变【考点】共点力平衡的

15、条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】对滑块进行受力分析，写出滑块受到的支持力和摩擦力的表达式，然后以M为研究对象进行受力分析即可【解答】解：滑块在选项滑动的过程中，受到的支持力：FN=mgcos受到的滑动摩擦力：f=FN=mgcos斜面的夹角不变，所以滑动受到的支持力和摩擦力都不变空气对滑块的阻力始终与运动的方向相反，对滑动受到的支持力也没有影响以斜面M为研究对象，则斜面受到重力、地面的支持力、滑块的压力、地面的摩擦力以及滑块对斜面的摩擦力的作用，由于斜面的重力、滑块对斜面的压力与摩擦力都不变，所以斜面在竖直方向受到的地面的支持力不变，地面对斜面的摩擦力也不变所以只有D正确故选：D2如图所示

16、，木块A、B用一轻弹簧相连，并置于光滑水平面上，开始时弹簧处于原长，现给木块A一初速度V0，经过一段时间t0，弹簧的长度第一次达到最短以下能正确描述两木块在0t0时间内vt图象的是（）A B C D【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【分析】根据A、B的受力得出加速度的方向，结合加速度方向与速度方向的关系判断A、B的运动规律，从而确定正确的图线【解答】解：给物体A一初速度v0，弹簧开始压缩，A受到向左的弹力，做减速运动，加速的过程中，弹力增大，则加速度增大，即弹簧的长度第一次达到最短的过程中，A做加速度逐渐增大的减速运动B受到向右的弹力，做加速运动，弹力增大，B的加速度增大，即弹簧的长度

17、第一次达到最长的过程中，A做加速度增大的加速运动故B正确，ACD错误故选：B3如图所示，将一个小球从M点以初速度vM竖直向上抛出，小球运动过程中还受到恒定的水平作用力，从M点运动到N点时，小球的速度方向恰好改变了90，则在从M点到N点的运动过程中，小球的速率（）A先减小后增大 B先增大后减小 C一直增大 D一直减小【考点】功的计算【分析】质点从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90，可以判断恒力方向指向右下方，与初速度的方向夹角要大于90小于180因此恒力先做负功后做正功，动能先减小后增大【解答】解：因为质点速度方向恰好改变了90，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90小

18、于180才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大，则速率先减小后增大故A正确，BCD错误故选：A4如图所示，两块半圆形导体板彼此靠近，当两板分别带有等量异号电荷时，则能定性反映两板间电场线分布的图可能是（）A B C D【考点】电势差与电场强度的关系；电场线【分析】根据电势差与电场强度的关系式U=Ed得，板间电势差不变，距离越长，电场强度E越小，电场越疏【解答】解：AB、导体静电平衡时，电场线与导体表面处处垂直，故AB错误；CD、两板分别带有等量异号电荷，根据电势差与电场强度的关系式U=Ed得，两极板之间电势差一定，而两极板中

19、央的间距大，所以极板中央的电场强度小，电场线疏，故C错误，D正确故选：D5如图甲所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向在图中已经表示左线圈连着平行导轨M和N，导轨电阻不计，在导轨垂直方向上放着金属棒ab，金属棒处于垂直纸面向外的匀强磁场中现使金属棒向右运动，金属棒向右运动的速度一时间图象（即vt图象）如图乙所示，则下列说法中正确的是（）Aa点电势高于b点电势，c点电势高于矗点电势，通过电阻的电流逐渐增大Bb点电势高于a点电势，c点电势低于d点电势，通过电阻的电流逐渐增大Cb点电势高于a点电势，c点电势高于d点电势，通过电阻的电流逐渐减小Db点电势高于a点电势，c点电势低于d点电势，通过电阻

20、的电流逐渐减小【考点】变压器的构造和原理；导体切割磁感线时的感应电动势【分析】本题是变压器模型，ab棒做加速度减小的加速运动，右边线圈中将产生感应电流根据右手定则、楞次定律和安培定则结合分析电势高低【解答】解：A、由右手定则可知b点电势高于a点电势，故A错误；B、导体切割磁感线产生的电动势为E=BLv，由vt图象可知导体切割磁感线的速度逐渐增大，所以左侧线圈中的感应电动势逐渐增大，感应电流在铁芯中产生的磁场逐渐增大，由安培定则可知感应电流在铁芯中产生磁场的磁感线沿逆时针方向再由楞次定律判断出右侧线圈中感应电流由d点流出，所以c点电势低于d点电势，虽然铁芯中的磁场逐渐增大，但变化率在逐渐减小，由

21、法拉第电磁感应定律可知，通过电阻的电流逐渐减小，故D正确，BC错误；故选：D6设定地球是一个质量均匀分布的球体，己知质量分布均匀的球壳对其内部物体的引力为零如图所示，有科学家设想在地球内部修建一条半径为r的环形轨道，在环形轨道内发射一颗人造“地星”A，人造“地星”仅在万有引力作用下做匀速圆周运动另在地球上空发射一颗轨道半径为R的人造地球卫星B己知地球半径为Ro，则下列关于“地星”A与卫星B运动的向心加速度大小、线速度大小、角速度、周期之比正确的是（）A =（）2 B = C = D =【考点】万有引力定律及其应用【分析】由地球质量等于密度乘以体积，可得地球质量表达式；由万有引力提供向心力，对A

22、、B分别列方程可得两物体各物理量之比【解答】解：设地球的密度为，对于地星A：，对于卫星B： =R解得：A、=，则A错误 B、，则B正确 C、=，则C正确D、，则D错误故选：BC7如图所示，平行板电容器的两个极板水平，两板之间固定一个光滑绝缘的半圆形轨道ACB，A、B为半圆轨道的两个端点，且A、B紧靠电容器的上极板，在A端对应位置的极板处开有一个小孔，C是轨道的最低点，半圆轨道半径为R现使电容器的两板分别带等量异种电荷，使两板之间存在竖直向下的匀强电场，将一个质量为m、电荷量为q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，小球由小孔进入电容器内部并从A点沿切线进入半圆轨道不计空气阻力及一切能量损

23、失，下列说法中正确的是（）A当匀强电场的电场强度大小E=时，带电小球在半圆形轨道内做匀速圆周运动B当匀强电场的电场强度大小E时，带电小球能沿轨道到达最低点C当匀强电场的电场强度大小E时，带电小球能沿轨道到达最低点D将电容器的下极板向下移动一小段距离，则带电小球到达最低点C时的速率增大【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】当小球的重力与电场力平衡，小球进入轨道，靠弹力提供向心力，做匀速圆周运动分析在最低点小球的受力情况，根据动能定律，圆周运动的条件，求解最小电场强度；电容器极板间距离的增大，电场强度不变【解答】解：A、当小球的重力与电场力平衡，小球进入轨道，靠弹力提供向心力，做匀速圆周

24、运动即mg=Eq，E=，故A正确；BC、设小球到达最低点的最小速度为v，则有qEmg=m，由动能定理得，mg（R+H）qER=mv20，解得电场强度的最小值E=，故C正确，B错误；D、将电容器的下极板向下移动一小段距离，Q不变，E不变，小球的受力不变，故达到C点的速率不变；故D错误；故选：AC8在如图所示的直角坐标系中，坐标原点0固定有正点电荷，另有平行于y轴的匀强磁场一个质量为m、带电量为q的微粒，恰好能以y轴上O（0，a）点为圆心做匀速圆周运动，其轨迹平面与xOz平面平行，角速度为，旋转方向如图中箭头所示，则下列说法中正确的是（）A微粒可能带正电，也可能带负电B磁场方向一定沿y轴负方向C无

25、法求出磁感应强度的大小D磁感应强度大小为B=【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】分析带电微粒受力，带电微粒受重力、库仑力、洛伦兹力，这三个力的合力提供向心力，根据动力学方程列式可求解【解答】解：A、带电微粒受重力、库仑力、洛伦兹力，这三个力的合力提供向心力，则可判断微粒带正电，故A错误；B、由于洛伦兹力方向一定是指向圆心的，又微粒带正电，故磁场方向一定沿y轴负方向，故B正确；设圆轨道半径为R，圆周上一点和坐标原点连线与y轴的夹角为，则有，解得B=，故C错误，D正确故选：BD二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每道试题考生都必须作答第1318题为选考题，考生根据要求作

26、答（一）必考题9为了探究质量一定的物体，其加速度口与所受合外力F的关系，一同学设计了如图1所示的实验装置，其中M为带滑轮的小车的质量（包含滑轮质量），优为砂和砂桶的质量（1）关于实验操作过程和注意事项，下列说法正确的是BCA用天平测出砂和砂桶的质量B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力电传感器所显示的示数D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量优远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图2所示的一条纸带，从比较清晰的某点起，取五个计数点，分别标明0、1、2、3、4测量得s1=2.15cm，s2=2.90cm，s3=

27、3.70cm，s4=4.40cm，则小车的加速度大小为0.750 m/s2（计算结果均保留三位有效数字，实验所用交流电的频率为50Hz）（3）以力电传感器的示数F为横坐标，加速度D为纵坐标，画出的aF图象如图3所示，则小车的质量为0.89 kg（计算结果保留两位有效数字）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项（2）应用匀变速直线运动的推论x=at2求出加速度（3）根据图示实验应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出小车质量【解答】解：（1）A、本实验中需要测出小车的质量，小车受到的拉

28、力可以用传感器测出，不需要测出砂和砂桶的质量，故A错误；B、实验前要平衡摩擦力，应将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确；C、小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力电传感器所显示的示数，故C正确；D、小车所受拉力可以用传感器测出，实验中不需要保证砂和砂桶的质量优远小于小车的质量M，故D错误；故选BC（2）计数点间的时间间隔：t=0.025=0.1s，由x=at2可知，加速度：a=0.750m/s2（3）由牛顿第二定律得：a=F，aF图象的斜率：k=，m=0.89kg；故答案为：（1）BC；（2）0.750；（3）0.8910某同学在实验室采用两种方法测量

29、一只未知电阻Rx的值（1）他先用多用电表粗测其电阻：在按照正确的步骤操作后，表针指示情况如图甲所示，根据学过的物理知识可知，这种情况误差较大，为了使多用电表测量的结果更准确，应将选择开关旋至欧姆挡的10位置（2）然后他采用“伏安法”测量该电阻：实验所采用的器材及电路图如图乙所示测量电阻两端电压时，开关S闭合，将多用电表选择开关置于直流电压挡，红表笔接b，黑表笔接a，记下电阻两端电压值U1；测量通过电阻的电流时，开关S断开，将多用电表选择开关置于直流电流挡，红、黑表笔分别接d、c触头的位置，重复上述方法再测出两组数据U2、I2和I2、I3，利用上述三组数据可求出被测电阻的阻值Rx=该同学这一实验

30、方案的缺点是每组电压电流值不是同时测量的，即每组U、I值不对应【考点】伏安法测电阻【分析】（1）用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近（2）用多用电表的电流挡测电流应把电流表串联接入电路，电流从红表笔流入黑表笔流出；应用欧姆定律求电阻的测量值，格局实验步骤分析实验存在的缺点【解答】解：（1）由图甲所示可知，多用电表选择欧姆1挡，指针偏转角度太小，这说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，选择开关应置于欧姆10挡（2）用多用电表的直流电流档测电流应把多用电表串联接入电路，多用电表的红黑表笔应分别接d、c触头位置；由欧姆定律可知，待测电阻阻值：RX=；由实验步骤可知，每组电压电流值不是同时测量的，即每组U、I值不对应，这是实验存在的最大缺点；故答案为：（