新平县一中学年高二上学期份考试物理试题含答案.docx

1、新平县一中学年高二上学期份考试物理试题含答案绝密启用前云南省新平县一中2020-2021学年上学期12月份考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.有一“3 V，3 W”的小灯泡，则接入下列的哪一电源可使小灯泡最亮（）AE=3 V，r=1.0 BE=3 V，r=1.5 CE=3 V，r=2.0 DE=3 V，r=2.5 2.关于通电导线所受安培力F的方向、磁感应强度B的方向和电流I的方向之间的关系，下列说法正确的是()AF、B、I三者必须保持相互垂直BF必须垂直B、I，但B

2、、I可以不相互垂直CB必须垂直F、I，但F、I可以不相互垂直DI必须垂直F、B，但F、B可以不相互垂直3.如图所示，有竖直向下的匀强电场，A、B两等势面间距离为5 cm，电势差为25 V，在电场中P点固定放置电荷量为5109C的负点电荷，此时电场中有一点场强为零，此点在P点的()A 上方30 cm处B 下方30 cm处C 上方25 cm处D 下方25 cm处4.电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电关于路端电压，下列说法中正确的是()A 因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B 因为UIR，所以当R增大时，路端电压也增大C 因为UIR，所以当I增大时，路端电压也增大D 因为UEIr，所以当

3、I增大时，路端电压减小5.如图为某同学设计的研究磁场对通电金属棒作用的实验装置当其接通开关时，有电流通过金属棒，观察到金属棒向左运动，则下列说法正确的是()A 此时通过金属棒的电流是由电源经b流向aB 若调换U形磁铁的南北极，则金属棒仍向左运动C 若调换流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动D 若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动6.如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，A和C围绕B做匀速圆周运动，B恰能保持静止，其中A、C和B的距离分别是L1和L2.不计三个质点间的万有引力，则A和C的比荷(电荷量与质量之比)应是()A ()2 B ()2 C (

4、)3 D ()37.有三个用电器，分别为电风扇、白炽灯和电热毯，它们的额定电压和额定功率均为“220 V,60 W”现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的焦耳热()A 电风扇最少 B 白炽灯最少C 电热毯最少 D 三者相同8.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障()AR1短路 BR2短路 CR3短路 DR1断路9.一根长为0.1 m的电流为1 A的通电导线，在磁场中某处受到的磁场力大小为0.4 N，则该处的磁感应强度为()A 等于4 T B 大于或等于4 TC 小于或等于4 T D 可能为010.一个电流表的满

5、偏电流Ig1 mA，内阻Rg500 ，要把它改装成一个量程为3 V的电压表，则()A 应在电流表上再串联一个阻值为3 k的电阻B 应在电流表上再并联一个阻值为3 k的电阻C 改装后的电压表内阻是500 D 改装后的电压表内阻是3 k二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)如图的电路中C是平行板电容器，在S先触1后又扳到2，这时将平行板的板间距拉大一点，下列说法正确的是()A 平行板电容器两板的电势差不变B 平行板电容器带电量不变C 平行板电容器两板的电势差减小D 平行板电容器两板间的电场强度不变12.(多选)由磁感应强度公式B可知，磁场中某处的磁感应强度的大小()A 随

6、通电导线中的电流I的减小而增大B 此式只是B的定义式不是决定式，所以值是固定的C 随通电导线所受磁场力F的增大而增大D 跟F、I、L的变化无关13.(多选)如图所示电路中，当可变电阻R的阻值增大时()AA、B两点间的电压增大BA、B两点间的电压减小C 通过R的电流I增大D 通过R的电流I减小14.(多选)如图所示，甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，若将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度时间图象如图乙所示，比较A、B两点电势的高低和场强E的大小可得()AAB BAB CEAEB DEAEB分卷II 三、实验题(共2小题,共15分) 15.某直流电动

7、机M转动时的UI图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，R115 ，R2是滑动变阻器，电流表A是理想电流表，实验操作步骤如下：(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头应在_端(选填“左”或“右”)(2)先闭合开关S1，开关S2保持断开，此时电流表的示数为0.6 A，则恒压电源输出电压为_V.(3)再闭合开关S2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8 A，直流电动机M实际消耗的电功率为_ W，滑动变阻器接入电路中的阻值为_.(取两位有效数值)16.如图所示为J0411多用电表示意图其中A、B、C为三个可调节的部件

8、某同学在实验室中用它测量一阻值约为13 k的电阻他测量的操作步骤如下：（1）调节可调部件，使电表指针指向（2）调节可调部件B，使它的尖端指向位置（3）将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件，使电表指针指向欧姆零刻度位置（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数（5）换测另一阻值为2025 k的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“1k”的位置，此时还必须重复步骤，才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是四、计算题 17.一平行板电容器，板间距离为d，电容为C，接在电压为U的电源上，充电完成后撤去电源(1)求充电后电容器带的电荷量；(2)若使板间距离增大为

9、2d，则电容器的电容变为多少？板间电场强度变为多大？18.如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一个质量为m0.2 kg、带电荷量为q2.0106C的小物块处于静止状态，小物块与地面间的动摩擦因数0.1.从t0时刻开始，空间加上一个如图乙所示的场强大小和方向呈周期性变化的电场(取水平向右为正方向，g取10 m/s2)，求：(1)23 s内小物块的位移大小；(2)23 s内电场力对小物块所做的功19.如图所示的电路中，R1是由某金属氧化物制成的导体棒（非纯电阻），通过它的电流I和它两端电压U遵循I=kU3的规律（式中k=0.02 A/V3），R2是普通电阻，阻值为24 ，遵循欧姆定律，电源

10、电动势E=6 V，闭合开关S后，电流表的示数为0.16 A求：（1）R1两端的电压U1；（2）R2消耗的电功率P2；（3）电源的内电阻r20.如图所示，一均匀带正电的无限长细直棒水平放置，带电细直棒在其周围产生方向与直棒垂直向外辐射状的电场，场强大小与直棒的距离成反比在直棒上方有一长为a的绝缘细线连接了两个质量均为m的小球A、B，A、B所带电量分别为+q和+4q，球A距直棒的距离为a，两球恰好处于静止状态不计两小球之间的静电力作用（1）求细线的张力；（2）剪断细线，若A球下落的最大速度为vm，求A球下落到速度最大过程中，电场力对A球做的功（3）分析剪断细线后，B球的运动情况及能量的转化情况答案

11、1.A 2.B 3.B 4.D 5.D 6.C 7.A 8.A 9.B 10.D11.BD 12.BD 13.AD 14.BC15.(1)左(2)9(3)3.84.8【解析】(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值最大，则滑动触头应在左端(2)恒压电源输出电压UI1R10.615 V9 V(3)通过直流电动机M的电流I2II11.8 A0.6 A1.2 A，根据甲图可知此时直流电动机M的电压为UM3.2 V，U2UUM9 V3.2 V5.8 V，则直流电动机M实际消耗的电功率为PUMI23.21.2 W3.8 W，滑动变阻器接入电路中的阻值为R4.8 .16.（1）A 表盘左边

12、的零刻度 （2）“100 ”挡 （3）C（5） （3） 22 k【解析】解：（1）多用电表的使用首先进行机械调零：调节可调部件A，使电表指针停在表盘左边的零刻度的位置；（2）选择合适的档位：因电阻13 k，为使指针指在中央刻度附近选择100 即可（3）选档后进行欧姆调零：将红、黑表笔分别插入“+”、“”插孔，笔尖相互接触，调节可调部件C，使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置（5）换测另一阻值为2025 k的电阻时，应调节B，使它的尖端指向“1k”的位置，此时还必须重新进行欧姆调零，即重复步骤（3），图示读数为：22103=22 k17.(1)CU(2)C【解析】(1)由C知，电容器带的电荷

13、量QCU.(2)由于电容器的电容与极板间的距离成反比，故距离增大为2d，电容变为原来的一半，即CC.又由于充电后撤去电源，电容器带的电荷量不会发生改变，故电容器极板间的电压U2U.原来两板间的电场强度为E1，变化后两板间的电场强度为E2，所以电场强度不变18.(1)47 m(2)9.8 J【解析】(1)设02 s内小物块的加速度为a1由牛顿第二定律得E1qmgma1即a12 m/s2位移x1a1t4 m2 s末的速度为v2a1t14 m/s24 s内小物块的加速度为a2，由牛顿第二定律得E2qmgma2即a22 m/s2位移x2x14 m,4 s末小物块的速度为v40因此小物块做周期为4 s的

14、匀加速和匀减速运动第22 s末的速度为v224 m/s，第23 s末的速度v23v22a2t2 m/s所求位移为xx1t47 m(2)23 s内，设电场力对小物块所做的功为W，由动能定理得Wmgxmv解得W9.8 J19.（1）2 V（2）0.6144 W（3）1 【解析】（1）因为R1、R2构成串联电路，故电流相等，即I1=I2=IA=0.16（A）由I=kU3得：（2）U2=I2R2=0.1624 V=3.84（V） 由P=UI得：P2=U2I2=3.840.16 W=0.6144（W）（3）由E=U1+U2+Ir得：20.（1）（2）（3）在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小）机械能与电势能的总和不变【解析】（1）设距直棒为r的点的电场强度大小为分别对两小球列平衡方程：对A：对B：解得（2）设A球下落到距直棒为r时速度最大，此时加速度为零，合力为零由平衡条件：由（1）中解得：解得：由动能定理：解得（3）剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动（振动）在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小）机械能与电势能的总和不变