完整版高中物理电磁感应经典例题总结.docx

1、完整版高中物理电磁感应经典例题总结1.如图，金属棒ab置于水平放置的 U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁 场B，磁场方向垂直导轨平面向下， 在ef左侧的无磁场区域 cdef内有一半径很小的金属圆环L,圆环与导轨在同一平面内。当金属棒 ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，圆环 L有 （填收缩、扩张）趋势，圆环内产生的感应电流 （填变大、变小、不变）答案：收缩，变小解析：由于金属棒ab在恒力F的作用下向右运动，则 abcd回路中产生逆时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂直于只面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将增大，依据楞次定律可知，圆环将有收缩的趋

2、势以阻碍圆环的磁通量将增大； 又由于金属棒向右运动的加速度减小， 单位时间内磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电流不断减小。2.如图所示，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为 d，其右端接有阻值为 R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为 B的匀强磁场中。一质量为 m （质量分布均匀）的导体杆 ab垂直于导轨放 置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为 u。现杆在水平向左、垂直于杆的恒力 F作用下从静止开始沿导轨运动距离 L时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直） 。设杆接入电路的电阻(BD)A.杆的速度最大值为B.流过电阻R的电量为应

3、十为r,导轨电阻不计，重力加速度大小为 g。则此过程aF1C.恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量D恒力F做的功与安倍力做的功之和大于杆动能的变化量q -BdL，B对；在棒从开始到达到最大速度的过程中由动能定理有：R r R r R rWF Wf W安 Ek，其中Wf mg，W安 Q，恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量与回路产生的焦耳热之和， C错；恒力F做的功与安倍力做的功之和等于于杆动能的变化量与克服摩擦力做的功之和，D对。3.（ 09 浙江 17）如图所示，在磁感应强度大小为 B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框 abcd用绝缘

4、轻质细杆悬挂在 O点，并可绕 O点摆动。金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面。则线框中感应电流的方向是(B )A. abcdaB. dcbadc AH H.C先是dcbad，后是a bc d aD.先疋abcda，后是d cbad解析：由楞次定律，-一-开始磁通量减小，后来磁通量增大，由“增反”“减同”可知电流方向是d cbad。4.( 09 上海物理 24) (14分)如图，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为 I,左侧接一阻值为R的电阻。区域cdef内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁场宽度为 s。一

5、质量为 m，电阻为r的金属棒MN置于导轨上，与导轨垂直且接触良好， 受到F= 0.5v+ 0.4 ( N) ( v为金属棒运动速度) 的水平力作用，K X XS爼#亍x xK XifLL J *从磁场的左边界由静止开始运动， 测得电阻两端电压随时间均匀增大。 (已知1= 1m, m = 1kg, R= 0.3 , r = 0.2 ,(1)分析并说明该金属棒在磁场中做何种运动;s= 1m)(2)B2I2求磁感应强度B的大小;(3)若撤去外力后棒的速度v随位移x的变化规律满足Vi mr) x,且棒在运动到ef处时恰好静止，则外力 F作用的时间为多少? (4)若在棒未出磁场区域时撤去外力，画出棒在整

6、个运动过程中速度随位移的变化所对应的各种可能的图线。恒量；bF|2v(2) F = ma，以 F= 0.5v+ 0.4R+ rB2|2代入得(0.5 ) v+ 0.4 = ar十ra 与 v 无关，所以 a= 0.4m/s2, (0.5詁)=0得 B= 0.5T1(3) X1 = 2 at2, v0= m ( r+ r)1X2 = at , X1 + X2= S,所以 2得：0.2t2+ 0.8t 1 = 0, t = 1s,(4 )可能图线如下:X X X X XX 申XX X X XX x x xpiX X X X5.（08 全国24） （19分）如图，一直导体棒质量为 m、长为I、电阻为

7、r,其两端放在位于水平面内间距也为 I的光滑平行导轨上，并与之密接；棒左侧两导轨之间连接一可控制的负载电阻（图中未画出） ；导轨置于匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为 B,方向垂直于导轨所在平面。开始时，给导体棒一个平行 于导轨的初速度 vo。在棒的运动速度由 vo减小至V1的过程中，通过控制负载电阻的阻值使棒中的电流强度 I保持恒定。导体棒一直在磁场中运动。若不计导轨电阻，求此过程中导体棒上感应电动势的平均值和负载电阻上消耗的平均功率。解析：导体棒所受的安培力为： F=BII ，（3分）由题意可知，该力的大小不变，棒做匀减速运动，因此在棒的速度从 Vo减小到V1的过程中，平均速度为: 1v

8、- （Vo vj （3 分）2当棒的速度为v时，感应电动势的大小为： E=BIv ，（3分）棒中的平均感应电动势为：EBlv .（2分）综合式可得：E 1Bl2V。V1 （2分）导体棒中消耗的热功率为：PI 2r （2分）负载电阻上消耗的热功率为：P2 EI P1 - (2 分)由以上三式可得： P2 1Bl2vov1 I 2r (2 分)6.（08 江苏 15） （16分）如图所示，间距为L的两条足够 长的平行金属导轨与水平面的夹角为 e，导轨光滑且电阻忽略 不计.场强为B的条形匀强磁场方向与导轨平面垂直，磁场区 域的宽度为d1，间距为d2.两根质量均为 m有效电阻均为R的 导体棒a和b放在

9、导轨上，并与导轨垂直.（设重力加速度为g）（1） 若a进入第2个磁场区域时，b以与a同样的速度进入第1个磁场区域，求b穿过第1个磁场区域过程中增加的动能厶 H.（2） 若a进入第2个磁场区域时，b恰好离开第1个磁场区域；此后a离开第2个磁场区域时，b又恰好进入第2个磁场区域.且a. b在任意一个磁场区域或无磁场区域的运动时间均相.求b穿过第2个磁场区域过程中，两导体棒产生的总焦耳热 Q对于第问所述的运动情况，求 a穿出第k个磁场区域时的速率 v答案（1） b穿过地1个磁场区域过程中增加的动能 Ek mgd1 sin(2) Q mg(d1 d2)sin(3) v2 24mgRd2 B l d12

10、 2 sinB2l 2d1 8mR解析：（1） a和b不受安培力作用，由机械能守恒定律知,Ek mgd1 sin（2）设导体棒刚进入无磁场区域时的速度为 V1刚离开无磁场区域时的速度为 V2,由能量守恒知：在磁场区域中,在无磁场区域中,1 2-mv221 2 1 2 mv1 Q mv2 mgd1 sin2 21 2 - -mv-i mgd2 sin解得Q mg(d!d2)sin（3）在无磁场区域:根据匀变速直线运动规律V2v1 gtsin且平均速度d2t有磁场区域:棒a受到的合力mg sinBII感应电动势Blv感应电流2R解得 Fmg sin2 2B2l2v2R根据牛顿第二定律，在t到t+

11、t时间内(11)则有解得gsin2 2也t2mR(12)V2gtsinB2l22mR d1(13)7. （ 06 江苏 17） （17分）如图所示，顶角B=45，的金属导轨 MON固定在水平面内，导轨处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中。一根与 ON垂直的导体棒在水平外力作用下以恒定速度 vo沿导轨MON向右滑动，导体棒的质量为 m，导轨与导体棒单位长度的电阻均为 r,导体棒与导轨接触点的 a和b,导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触。t=0时，导体棒位于顶X X XX X X X毘 X JC X XX X X XX JC XXXX X X XK X X XX X 7X K )C X

12、XX X -K 寓弭兀）C X XX X XX X X俺X XbH 需角0处，求:(1)t时刻流过导体棒的电流强度 I和电流方向。(2) 导体棒作匀速直线运动时水平外力 F的表达式。(3)导体棒在0t时间内产生的焦耳热 Q。(4) 若在to时刻将外力F撤去，导体棒最终在导轨上静止时的坐标 X。17(1)0到t时间内，导体棒的位移 X Vott时刻，导体棒的长度 I X导体棒的电动势 E Blvoo回路总电阻R (2x .、2x)r电流强度I电流方向bE BvoR (2 ,2)ra F BIlB2v0t(2 、2)2r(3)t时刻导体棒的电功率P i2r/B2v；t(2 2)2rPt B2v；t

13、22 2(2 .2)2rt或很短距离 X(4)撤去外力后，设任意时刻 t导体棒的坐标为X，速度为V ,取很短时间解法一在t t t时间内，由动量定理得BIl t m v(2B2(2 -2)rmvo如图所示，扫过面积(Xo x)( X Xo )22 2x Xo2(Xovoto)2(2- 2)mvrB2(Voto)2或设滑行距离为dvoto (voto d)d解法x段内，由动能定理得B2 (2 ,2)r以下解法同解法解法三得 Ft m v以下解法同解法 解法四:由牛顿第二定律得ma以下解法同解法8 （上海市黄浦区2OO8年4月模拟）如图所示，固定在磁感应强度为 B方向垂直纸面的匀强磁场中的正方形线

14、框abcd边长为L,正方形线框水平放置。其中 ab边和cd边是电阻为 R的均匀电阻丝，其余两边电阻不计。现有一段长度、粗细、材料均与 ab边相同的电阻丝 PQ架在线框上，并受到与 ab边平行的恒定水平力 F的作用从ad边滑向be边。PQ在滑动中与线框接触良好， P和Q与边框间的动摩擦因素均为 。电阻丝PQ的质量为m。当PQ滑过2L/5的距离时，PQ的加速度为a，求：（1 ）此时通过aP段电阻丝的电流；（2）从开始到此时过程中整个电路产生的焦耳热。解析：（1）设加速度为a时，PQ中的电流为I，aP中的电流为lap，由牛顿第二定律：F BIL mg ma得F mg ma 寸 BL3i5由电路的并联

15、关系得：lap所以lap3(F mg ma)5BL(2)设加速度为a时，棒PQ的速度为2 32 R 2 R5 52R25B2L2整个电路产生的焦耳热为 Q，而mg1mv2 02所以 Q 2fl 2 mgL 1369mR2(F5 5mg4 41250B Lma)29.(郴州市2009届高三调研试题)如图所示，两根完全相同的V”字形导轨 OPQ与KMN倒放在绝缘水平面上,两导轨都在竖直平面内且正对、平行放置，其间距为 L,电阻不计。两条导轨足够长，所形成的两个斜面与水平面的夹角都是 a两个金属棒ab和a b的质量都是m,电阻都是R,与导轨垂直放置且接触良好空间有竖直向下 的匀强磁场，磁感应强度为

16、B.(1)如果两条导轨皆光滑，让 a b固定不动，将 ab释放，则ab达到的最大 速度是多少？(2)如果将ab与ab同时释放，它们所能达到的最大速度分别是多少 ？N答案(1) ab运动后切割磁感线，产生感应电流，而后受到安培力，当受力平衡时，加速度为0,速度达到最大，受力情况如图所示则:mgsin a=F 安 cos a又F安=BILI = E 感/ 2RE 感=BLvnCOS a联立上式解得vm2mgRsi n2,2 2B L cosab、a b都产生感应电 若将ab、ab同时释放，因两边情况相同，所以达到的最大速度大小相等，这时动势而且是串联./ mgs in a= F 安 cos aF

17、安=BI L2BLvm cos2R- VmmgRsi nB2L2 cos210.如图所示，在坐标xoy平面内存在B=2.0T的匀强磁场，OA与OCA为置于竖直平面内的光滑金属导轨，其中 OCA满足曲线方程x 0 50sin- y(m)，C为导5轨的最右端，导轨OA与OCA相交处的O点和A点分别接有体积可忽略的定值电阻 R1和R2,其R1=4.0Q、F2=12.0Q。现有一足够长、质量 m=0.10kg的金属棒MN在竖直向上的外力F作用下，以v=3.0m/s的速度向上匀速运动，设棒与两导轨接触良好，除电阻R1、R2外其余电阻不计，g取10m/s2，求：(1)金属棒MN在导轨上运动时感应电流的最大

18、值;(2)外力F的最大值;(3)金属棒MN滑过导轨OC段，整个回路产生的热量。答案(1)金属棒MN沿导轨竖直向上运动，进入磁场中切割磁感线产生感应电动势。当金属棒 MN匀速运动到C点时，电路中感应电动势最大，产生的感应电流最大。金属棒MN接入电路的有效长度为导轨 OCA形状满足的曲线方程中的 x值。因此接入电路的金属棒的有效长度为x 0.5 sin y5Lm=Xm=0.5mE m BL mVEm=3.0VImEmR1R2R1 R2Im1.0A(2)金属棒MN匀速运动中受重力 mg、安培力F安、外力F外作用F 安 m I mL mB F 安 m1.0NF外m F安m mg F外m2.0N (3)

19、金属棒MN在运动过程中，产生的感应电动势金属棒MN滑过导轨OC段的时间为tyc5s滑过OC段产生的热量 q 有 t Q 1.25 JR并交流电1. （09 天津 9） （1 ）如图所示，单匝矩形闭合导线框 abed全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，线框面积为 S,电阻为R。线框绕与ed边重合的竖直固定转轴以角速度 匀速转动，线框中感应电流的有效值。线框从中性面开始转过 一的过程中，通过导线横截面的电荷2量q= 解析：本题考查交变流电的产生和最大值、有效值、平均值的关系及交变电流中有关电荷量的计算等知识。解析：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理

20、、功率等问1002副线圈两端的电压为U2 100 V,电压表的示数为交流电的有效值，B项正确；交变电压的频率为50 Hz, 一个周期内电压两次大于 100V，即一个周期内氖泡能两次发光，所以其发光频率为100Hz,C项错误；断开后，电路A项正确；开关断开前后，输入电压不变，变压器的变压比不变，故输出电压不变,6. （09 山东 19）某小型水电站的电能输送示意图如下。发电机的输出电压为 200V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为 n, n2。降压变压器原副线匝数分别为 n3、n4 （变压器均为理想变压器）。要使额定 电压为220V的用电器正常工作，则 （AD ）D.升压变压器的输

21、出功率大于降压变压器的输入功率远距离输电，从图中应该看出功率之间的关系是：Pl = F2 , P3=P4 , Fl/ = Fr=F2。电压之间的关系是：失和电压损失也是需要特别注意的。2P 旦 L丄r U2 S u；s7. （ 09 四川 17）如图甲所示，理想变压器原、畐U线圈的匝数比为 10: 1 , R= 20 ,R2 = 30 , C为电容器。已知通过 R的正弦交流电如图乙所示，则A.交流电的频率为 0.02 HzB.原线圈输入电压的最大值为 200,2 VC.电阻R2的电功率约为 6.67 WD.通过R3的电流始终为零解析：根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为 0

22、.02s、频率为50赫兹，A错。由图乙可知通过R的电流最大值为Im 1A、根据欧姆定律可知其最大电压为 Un= 20V,再根据原副线圈的电压之比等于匝r的电流有效值为I = ImF1、电压V2R2数之比可知原线圈输入电压的最大值为 200 V、B错；因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过 F3和电容器，D错；根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻 有效值为U= U/、2v，电阻R的电功率为 P2= UI = 20 W C对。39. (09 福建 16) 台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示。已知发电机线圈内阻为5.0 ，则外接一只电阻为 95.0 的灯泡，如图乙所示，则 (D )A.电压表O的示数为220vC.灯泡实际消耗的功率为 484wD.发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为 24.2J解析：电压表示数为灯泡两端电压的有效值 ，由图像知电动势的最大值 E=220、2V,有效值E=220V,灯泡两端电压URER r209V , A错；由图像知T=0.02S，一个周期内电流方向变化两次，可知1s内电流方向变化100次，B错；灯泡的实际功率 P U ?bWR 95阻每秒钟产生的焦耳热为 Qr I 2rt 2.22 5 1J