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1、 C D18（6分）如图所示，正方形区域abcd中充满匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里一个氢核从ad边的中点m沿着既垂直于ad边又垂直于磁场的方向，以一定速度射入磁场，正好从ab边中点n射出磁场若将磁场的磁感应强度变为原来的2倍，其它条件不变，则这个氢核射出磁场的位置是（）A在b、a之间某点 B在n、a之间某点Ca点 D在a、m之间某点19（6分）1990年5月，紫金山天文台将他们发现的第2752号小行星命名为吴健雄星，该小行星的半径为16km若将此小行星和地球均看成质量分布均匀的球体，小行星密度与地球相同已知地球半径R=6400km，地球表面重力加速度为g这个小行星表面的重力加速度为（）A40

2、0g B C20g D20（6分）静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置，其中某部分静电场的分布如右图所示虚线表示这个静电场在xoy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于ox轴、oy轴对称等势线的电势沿x轴正向增加且相邻两等势线的电势差相等一个电子经过P点（其横坐标为x0）时，速度与ox轴平行适当控制实验条件，使该电子通过电场区域时仅在ox轴上方运动在通过电场区域过程中，该电子沿y方向的分速度vy随位置坐标x变化的示意图是（）21（18分）为了测定电流表A1的内阻，采用如图1所示的电路其中：A1是待测电流表，量程为300A，内阻约为100；A2是标准电流表，量程是200A；R1是电阻箱

3、，阻值范围0999.9；R2是滑动变阻器；R3是保护电阻；E是电池组，电动势为4V，内阻不计；S1是单刀单掷开关，S2是单刀双掷开关（1）根据电路图1，请在图2中画出连线，将器材接成实验电路（2）连接好电路，将开关S2扳到接点a处，接通开关S1，调整滑动变阻器R2使电流表A2的读数是150A；然后将开关S2扳到接点b处，保持R2不变，调节电阻箱R1，使A2的读数仍为150A若此时电阻箱各旋钮的位置如图3所示，电阻箱R1的阻值是，则待测电流表A1的内阻Rg=（3）上述实验中，无论怎样调整滑动变阻器R2的滑动端位置，都要保证两块电流表的安全在下面提供的四个电阻中，保护电阻R3应选用：（填写阻值相应

4、的字母）A.200k B.20k C.15k D.20（4）下面提供最大阻值不同的四个滑动变阻器供选用，既要满足上述实验要求，又要调整方便，滑动变阻器（填写阻值相应的字母）是最佳选择A.1k B.5k C.10k D.25k22（16分）如图1所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为LM、P两点间接有阻值为R的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直，整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下导轨和金属杆的电阻可忽略让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦（1）由b向a方向看到的装置如图

5、2所示，请在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图；（2）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v 时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小；（3）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值 23（18分）对于两物体碰撞前后速度在同一直线上，且无机械能损失的碰撞过程，可以简化为如下模型：A、B两物体位于光滑水平面上，仅限于沿同一直线运动，当它们之间的距离大于等于某一定值d时，相互作用力为零；当它们之间的距离小于d时，存在大小恒为F的斥力设A物体质量m1=1.0kg，开始时静止在直线上某点；B物体质量m2=3.0kg，以速度v0从远处沿该直线向A 运动，如图所示，若d=0.10m，F=0.

6、60N，v0=0.20m/s，求：（1）相互作用过程中A、B加速度的大小；（2）从开始相互作用到A、B间的距离最小时，系统（物体组）动能的减少量；（3）A、B间的最小距离24（20分）如图是某种静电分选器的原理示意图，两个竖直放置的平行金属板带有等量异号电荷，形成匀强电场分选器漏斗的出口与两板上端处于同一高度，到两板距离相等混合在一起的a、b两种颗粒从漏斗出口下落时，a种颗粒带上正电，b种颗粒带上负电经分选电场后，a、b两种颗粒分别落到水平传送带A、B上已知两板间距d=0.1m，板的长度l=0.5m，电场仅局限在平行板之间；各颗粒所带电量大小与其质量之比均为1105C/kg设颗粒进入电场时的初

7、速度为零，分选过程中颗粒大小及颗粒间的相互作用不计要求两种颗粒离开电场区域时，不接触到极板但有最大偏转量重力加速度g取10m/s2（1）左右两板各带何种电荷？两极板间的电压多大？（2）若两带电平行板的下端距传送带A、B的高度H=0.3m，颗粒落至传送带时的速度大小是多少？（3）设颗粒每次与传送带碰撞反弹时，沿竖直方向的速度大小为碰撞前竖直方向速度大小的一半写出颗粒第n次碰撞反弹高度的表达式并求出经过多少次碰撞，颗粒反弹的高度小于0.01m参考答案与试题解析14【解答】A、外界对气体做功，W0，由于不知道气体是吸热还是放热，根据U=W+Q无法确定气体的内能增加还是减小，故A错误B、气体从外界吸收

8、热量，Q0，由于不知道外界对气体做功还是气体对外界做功，根据U=W+Q无法确定气体的内能增加还是减小，故B错误C、温度是分子平均动能变化的标志，所以气体的温度越低，气体分子无规则运动的平均动能越小，故C错误D、温度是分子平均动能变化的标志，所以气体的温度越高，气体分子无规则运动的平均动能越大，故D正确故选D15【解答】A、同一列声波在各种传播的速度不同，根据v=f可得=，由于频率不变，故在不同的介质中传播时同一列波的波长不同故A错误B、不同的声波在相同的介质中传播速度相同，如果频率不同，造成波长不同故B错误C、衍射是波特有的现象，声波是机械波故能够发生衍射现象，故C正确D、根据波的叠加原理，不

9、同的波相遇时发生叠加再分开时各自独立传播互不影响，故人能辨别不同乐器同时发出的声音，干涉是两列波相遇时发生的，故D错误故选C16【解答】根据量子理论可以知道，处于基态的离子在吸收光子能量时是成份吸收的，不能积累的因此当其它能级和基态能量差和光子能量相等时，该光子才能被吸收A、由能级示意图可知：第2能级和基态能级差为：E1=E2E1=13.6（54.4）=40.8eV，故A选项中光子能量能被吸收，故A错误；B、没有能级之间的能量差和B中光子能量相等，故B正确；C、第4能级和基态能级差为：E2=E4E1=3.4（54.4）=51.0eV；故C选项中光子能量能被吸收，故C错误；D、当光子能量大于等于

10、基态能量时，将被处于基态离子吸收并能使其电离，故选项D中的光子能量能被吸收，故D错误故选B17【解答】由于n色光能使某金属发生光电效应，而p色光不能使该金属发生光电效应，故n的频率大于p的，三种色光之间的频率大小关系为：fnfpfm，频率大的折射率大，故BCD错误，A正确故选A18【解答】设边长为a，则从n点射出的粒子其半径恰好为；由牛顿第二定律可得：Bqv=m当磁感应强度变为原来的2倍时，由2Bqv=m得R=故粒子应从a点穿出；19【解答】由于小行星密度与地球相同，所以小行星质量与地球质量之比为=，根据星球表面万有引力等于重力，列出等式：=mg 得：g=所以小行星表面的重力加速度与地球表面的

11、重力加速度之比为所以这个小行星表面的重力加速度为20【解答】由于等势线的电势沿x轴正向增加，等势线与电场线垂直，故可做出经过P点的电场线如图所示，电子所受的电场力与场强方向相反，故电子受到一个斜向右下方的电场力，故沿y负方向加速运动电子通过y轴后受到的电场力斜向右上方，故沿y轴负方向减速运动；由于水平方向一直加速，竖直方向先加速后减速，P点行驶到横坐标为x0时，纵坐标达不到P最初位置的纵坐标，x0处电场线比x0电场线处稀疏，ay小，t也小，所以vy才小；又由于在x轴方向始终加速，故在水平方向通过相同的位移时间变短，根据vy=ayt，故通过相同的水平位移竖直向速度变化量减小由于vyx的斜率代表竖

12、直向速度vy随x轴变化的快慢，又由于电子水平方向一直加速，竖直方向先加速后减速，P点的横坐标为x0时，纵坐标达不到P最初位置的纵坐标，x0处电场线比x0电场线处稀疏，ay小，t也小，所以vy才小，D图符合电子的运动情况故D正确21【解答】（1）连接实物图时注意：正负极不能接反了，导线要接在接线柱上，答案如下图所示：（2）电阻箱的读数为：R=810+61+0.13=86.3；由于两次测量电流表A2的示数相同，而且其它电阻阻值不变，故电流A1的阻值和电阻箱示数相等故答案为：R1=86.3，Rg=86.3（3）为了保证安全，当滑动变阻器R2的阻值调为零时，电路中的电流也不能超过200A，根据这点可以

13、求出保护电阻的阻值（由于两电流表内阻较小可省略）：，保护电阻为20k即可，若大于20k会导致电流表示数太小，实验误差增大，故ACD错误，B正确（4）根据电流表示数为150A可知回路中的电阻为：，R3=20k，A、B选项中电阻太小不能满足要求，故AB错误，D中电阻太大调节不方便，故D错误，C正确22【解答】（1）杆受力图如图所示：重力mg，竖直向下，支撑力N，垂直斜面向上，安培力F，沿斜面向上故ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图如上所示（2）当ab杆速度为v时，感应电动势E=BLv，此时电路中电流：ab杆受到安培力：根据牛顿运动定律，有：故此时ab杆中的电流大小为：，加速度的大小为：（3）当：，

14、时，ab杆达到最大速度vm，此时：故在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值为：23【解答】（1）由F=ma可得：A的加速度为：B的加速度为：A、B的加速度分别为0.60m/s2，0.20m/s2；（2）两者速度相同时，距离最近，由动量守恒得：解得共同速度则动能的变化量：Ek=m2v02（m1+m2）v2=0.015J；即动能的变化量为0.015J；（3）根据匀变速直线运动规律得A的速度：B的速度：因v1=v2，解得：t=0.25s则A的位移B的位移两物体的距离为将t=0.25s代入，解得A、B间的最小距离smin=0.075mA、B间的最小距离为0.075m24【解答】（1）由于a颗粒带正电，故电场方向向左，所以左板带负电荷，右板带正电荷依题意，颗粒在平行板的竖直方向上做自由落体运动，故满足在水平方向上做匀加速直线运动，故满足两式联立得两极板间的电压（2）根据动能定理，颗粒落到水平传送带上满足+mg（l+H）=mv2解得颗粒落到水平传送带上时的速度大小为v=4m/s（3）在竖直方向颗粒作自由落体运动，根据=2g（l+H）可得颗粒第一次落到水平传送带上沿竖直方向有故颗粒第一次反弹的速度大小为所以根据v2=2gh可得颗粒第一次反弹高度 根据题设条件，颗粒第n次反弹后上升的高度要hn0.01，即故只有当n=4时，hn0.01m