专题二力与物体的直线运动3剖析Word下载.docx

1、和0C.和 D.答案C解析在绳剪断之前，绳上的拉力F1mAgsin 30，弹簧上的拉力F2（mAmB）gsin 30，绳剪断瞬间，绳上的拉力变为零，所以mAgsin 30mAaA.F2mBgsin 30mBaB，解得aAgsin 30，aB.选项C正确2如图3所示，质量m1 kg的小球放在光滑水平面上，一水平放置的轻弹簧一端与墙相连，另一端与小球相连，一不可伸长的轻质细绳一端与小球相连，另一端固定在天花板上，细绳与竖直方向成45角，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰为零取g10 m/s2，则在烧断轻绳的瞬间，下列说法正确的是 （）图3A小球所受合外力为零B小球加速度大小为10 m/s

2、2，方向向左C小球加速度大小为10 m/s2，方向向左D小球所受合外力的方向沿左下方与竖直方向成45角答案B解析烧断轻绳前弹簧上的弹力Fmgtan 45，烧断轻绳瞬间，弹簧弹力未变，竖直方向小球的重力和水平面对小球的支持力平衡，小球的合力向左，agtan 4510 m/s2，选项B正确3如图4所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m的三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一轻弹簧相连，轻弹簧能承受的最大拉力为FT.现用水平拉力F拉质量为3m的木块，使三个木块一起加速运动，则以下说法正确的是 （）图4A质量为2m的木块受到四个力的作用B当F逐渐增大到FT时，轻弹簧刚好被拉断C当F逐渐增大

3、到1.5FT时，轻弹簧将被拉断D当F撤去瞬间，m所受摩擦力的大小和方向不变解析隔离木块2m分析受力情况，质量为2m的木块受到重力、地面的支持力、m对它的压力、m对它的静摩擦力、弹簧的拉力五个力的作用，选项A错误；当F逐渐增大到FT时，轻弹簧中弹力小于FT，不会被拉断，选项B错误；当F逐渐增大到1.5FT时，由牛顿第二定律，1.5FT6ma，轻弹簧中拉力FT3ma0.75FT，小于轻弹簧能承受的最大拉力FT，轻弹簧还不会被拉断当F撤去瞬间，轻弹簧中拉力不变，m所受摩擦力的大小和方向不变，选项D正确考题2对超重、失重问题的考查例2我国神舟十号载着三位航天员顺利升空，完成任务后返回舱于2013年6月

4、26日返回地面图5为返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：打开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保安全着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，则（）图5A火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小B返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力C返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功D返回舱在喷气过程中处于失重状态审题突破火箭喷气的过程中火箭获得向上的反冲力，加速度向上返回舱所受外力的合力向上，动能减小，合外力做负功解析在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动 ，加速度方向向上，返回舱处于超重状态，动能减小，返回舱所受合外力做负功，返回舱在喷气过程中减速的主要原因是

5、缓冲火箭向下喷气而获得向上的反冲力火箭开始喷气前匀速下降，所受拉力等于重力减去返回舱受到的空气阻力，火箭开始喷气瞬间反冲力直接对返回舱作用，因而伞绳对返回舱的拉力变小答案A1超重和失重的实质物体发生超重或失重现象时，它的重力并没有发生变化，而是对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）发生了变化，发生超重或失重时对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）又称为视重，即我们感觉物体的重力好像发生了变化2超重和失重状态的判断如果物体有竖直向上的加速度（或分加速度）时，物体处于超重状态；如果物体有竖直向下的加速度（或分加速度）时，物体处于失重状态，也就是说超重或失重现象仅与加速度方向有关，与物体运动方向、速度大小无

6、关3在完全失重状态下，一切由于重力产生的现象都会消失，例如在太空飞行的宇宙飞船中天平不能称物体的质量、水银气压计不能测出气压、浸没在液体中的物体不再受浮力作用等4对于系统处于超重、失重的判定不能只看某一物体，要综合分析某一物体的加速运动会不会引起其他物体运动状态的变化，如台秤上放一盛水容器，水中一细线一端拴一木球，另一端拴于盛水容器的底部，剪断细线，木球加速上升的同时有相同体积的水以相同加速度在加速下降，综合起来台秤示数会减小4（2013浙江19）如图6所示，总质量为460 kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5 m/s2，当热气球上升到180 m时，以5 m/s的速度向上匀速运

7、动若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g10 m/s2.关于热气球，下列说法正确的是 （）图6A所受浮力大小为4 830 NB加速上升过程中所受空气阻力保持不变C从地面开始上升10 s后的速度大小为5 m/sD以5 m/s匀速上升时所受空气阻力大小为4 600 N解析从地面刚开始竖直上升时v0，空气阻力Ff0.由F浮mgma，得F浮m（ga）4 830 N，故A正确；最终气球匀速上升，说明气球加速运动的过程中空气阻力逐渐增大，故B错误；气球做加速度减小的加速运动，故加速到5 m/s的时间大于10 s，C错误；匀速上升时F浮mgFf0，计算得Ff230 N，

8、D错误5如图7所示，在一升降机内，一物块被一轻质弹簧紧压在天花板上，弹簧的下端固定在升降机的地板上，弹簧保持竖直，在升降机运动过程中，物块未曾离开升降机的天花板当升降机按如图所示的vt图象上行时，升降机天花板所受压力F1和地板所受压力F2随时间变化的定性图象可能正确的是 （）图7A B C D解析0t1时间内物块向上加速运动，处于超重状态，合力的方向向上；t1t2时间内物块向上匀速运动，合力为零；t2t3时间内向上减速运动，处于失重状态，合力方向向下，全过程弹簧长度不变，弹簧的弹力不变，所以F2不变正确选项为A.6如图8所示，动物园的水平地面上放着一个质量为M的笼子，笼内有一只质量为m的猴子，

9、当猴以某一加速度a沿竖直柱子加速上爬时，笼子对地面的压力为F1；当猴以同样大小的加速度沿竖直柱子加速下滑时，笼子对地面的压力为F2，关于F1和F2的大小，下列判断正确的是 （）图8AF1F2BF1（Mm）g，F2（Mm）gCF1F22（Mm）gDF1F22（Mm）g解析把猴子和笼子看做整体，当猴以某一加速度沿竖直柱子加速上爬时，整体处于超重状态，F1（Mm）g，当猴以同样大小的加速度沿竖直柱子加速下滑时，整体处于失重状态，F2（Mm）g，选项A、B错误；当猴以某一加速度a沿竖直柱子加速上爬时，由牛顿第二定律得，F1（Mm）gma；当猴以同样大小的加速度沿竖直柱子加速下滑时，由牛顿第二定律得，（

10、Mm）gF2ma，联立解得F1F22（Mm）g，F1F22ma，选项C正确，D错误考题3对动力学两类基本问题的考查例3某同学为了测定木块与斜面间的动摩擦因数，他用测速仪研究木块在斜面上的运动情况，装置如图9甲所示他使木块以初速度v04 m/s的速度沿倾角30的斜面上滑，紧接着下滑至出发点，并同时开始记录数据，结果电脑只绘出了木块从开始上滑至最高点的vt图线如图乙所示g取10 m/s2.求：（1）上滑过程中的加速度的大小a1；（2）木块与斜面间的动摩擦因数；（3）木块回到出发点时的速度大小v.图9审题突破vt图线为直线，说明木块做匀减速运动分析木块受力，画出受力示意图求解木块返回的加速度，注意与

11、上滑时的加速度不同解析（1）由题图乙可知，木块经0.5 s滑至最高点，上滑过程中加速度大小：a18 m/s2.（2）上滑过程中木块受力如图，由牛顿第二定律得：mgsin mgcos ma1代入数据得（3）下滑的距离等于上滑的距离xm1 m，下滑过程中木块受力如图，由牛顿第二 定律得：mgsin mgcos ma2下滑至出发点的速度大小v联立解得v2 m/s答案（1）8 m/s2（2）（3）2 m/s点拨提升1用动力学方法解题时应抓住“两个分析”：“受力分析”和“运动过程分析”；“一个桥梁”：加速度的求解2多运动过程问题要逐一分析每一过程的受力情况和运动情况两个运动过程转折点的受力、状态的特点，

12、往往是解题的关键7高空跳伞运动是跳伞者乘飞机、气球等航空器或其他器械升至高空后跳下，或者从陡峭的山顶、高地上跳下，如图10所示在张开降落伞之前可看做是自由落体运动，开伞后受到的空气阻力与速度成正比，运动员减速下降，最后匀速下降，在指定区域安全着陆从下落时开始计时，在整个过程中，用v表示运动员下落的速度，h表示运动员从初位置开始下落的高度，F表示运动员受到的合力，Ep表示运动员的重力势能（选地面为零势能面），下列图象正确的是 （）图10解析跳伞运动员先做自由落体运动，再做加速度减小的减速运动，最后所受合外力为零，做匀速运动，A、B错；打开降落伞后做加速度逐渐减小的减速运动，所受合外力向上，与开始

13、时的合外力方向相反，为负值且逐渐减小；最后匀速下降，合外力为零，C错；运动员的重力势能Epmg（Hh），D正确8如图11所示，以速度v0逆时针匀速运动的足够长的传送带与水平面的夹角为，现将一个质量为m的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为（tan ），则能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线是 （）图11解析开始阶段，木块受到传送带的滑动摩擦力作用，方向沿传送带向下，所以mgsin mgcos ma1，得a1gsin gcos .因为1（mM）g2 N时，如果M、m相对静止，铁块与木板有相同的加速度a，则F1（Mm）g（mM）aFFfma解得F2Ff2 N此时F

14、f2mg4 N，即F6 N所以当2 N6 N时，M、m相对滑动，此时铁块受到的摩擦力为Ff2mg4 NFfF图象如图所示答案见解析题后反思1对于滑块长木板模型，在两者发生相对滑动时，要画出两者运动的示意图，找出两者的位移关系；2两者之间是相对静止还是发生相对滑动，在许多题目中需要判断，判断方法：先假设不发生相对滑动，求共同加速度，然后求两者不发生相对滑动时所需的相互作用力，并与最大静摩擦力进行比较3要注意地面对木板的摩擦力的计算Ff21（Mm）g，而不是Ff21Mg.例5（15分）如图13所示，AB段为一半径R0.2 m的光滑圆弧轨道，EF是一倾角为30的足够长的光滑固定斜面，斜面上有一质量为

15、0.1 kg的薄木板CD，开始时薄木板被锁定一质量也为0.1 kg的物块（图中未画出）从A点由静止开始下滑，通过B点后水平抛出，经过一段时间后恰好以平行于薄木板的方向滑上薄木板，在物块滑上薄木板的同时薄木板解除锁定，下滑过程中某时刻物块和薄木板能达到共同速度已知物块与薄木板间的动摩擦因数为.（g10 m/s2，结果可保留根号）求：图13（1）物块到达B点时对圆弧轨道的压力；（2）物块滑上薄木板时的速度大小；（3）达到共同速度前物块下滑的加速度大小及从物块滑上薄木板至达到共同速度所用的时间解析（1）物块从A到B的过程，由动能定理得：mgRmv 解得：vB2 m/s 在B点由牛顿第二定律得：FNm

16、gm FN3 N 由牛顿第三定律得物块对轨道的压力大小为3 N，方向竖直向下（2）设物块滑上薄木板的速度为v，则：cos 30 m/s （3）物块和薄木板下滑过程中，由牛顿第二定律得：对物块：mgsin 30mgcos 30ma1 对薄木板：mgcos 30ma2 设物块和薄木板达到的共同速度为v，则：vva1ta2t ts 答案（1）3 N，方向竖直向下（2） m/s（3） s评分细则1.第（1）问5分，式各1分式所依据的物理规律是动能定理，也可写成机械能守恒定律，将式直接写成FNmgm不给分，因为该写法没有物理依据没有明确写出牛顿第三定律，但写出“物块对轨道的压力”的同样给分，若两者都没有

17、写出，扣1分2第（2）问3分，其中式2分，式1分3第（3）问7分，其中三式各2分，式1分若写成mgcos 30mgsin 30ma1，同时式写成va1ta2t，同样给分，两者不统一的，不给分若式写成mgsin 30ma2，不给分知识专题练训练31如图1所示，运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速直线向前跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为，球拍与球保持相对静止，它们之间的摩擦及空气阻力不计，重力加速度为g，则 （）、A运动员的加速度为gsin B球拍对球的作用力为C运动员对球拍的作用力大小为Mgcos D运动员对球拍的作用力斜向前上方，且与水平方向夹角为 解析运动员、球拍和

18、球具有共同的加速度，选取球进行受力分析：球受重力、球拍的弹力作用，Fcos mg，Fsin ma，解得agtan ，F，选项A错误，B正确选取球和球拍组成的系统进行受力分析得F，方向与竖直方向夹角为，选项C、D错误2如图2所示，一质量为m的滑块以初速度v0从固定斜面的底端沿斜面向上滑动一段距离后，又沿斜面向下滑回到斜面底端，若滑块与斜面间的动摩擦因数为，则此过程中以下说法正确的是 （）A向上和向下滑动过程的摩擦力大小都等于mgcos B滑块在最高点时速度为零，所以加速度也等于零C向下滑动过程的加速度大于向上滑动过程的加速度D向上滑动过程的时间大于向下滑动过程的时间解析对滑块受力分析可知，向上滑

19、动过程中，受沿斜面向下的滑动摩擦力、重力和斜面的支持力作用，加速度a1gcos gsin ；向下滑动过程中，受沿斜面向上的滑动摩擦力、重力和斜面的支持力作用，加速度a2gsin gcos ，所以a1a2，向上和向下滑动过程的摩擦力大小都等于FfFNmgcos ；滑块在最高点时速度为零，加速度为agsin ；由于a1a2，Lat2，所以向上滑动过程的时间小于向下滑动过程的时间，只有A对3如图3甲所示，物体原来静止在水平地面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取10 m/

20、s2.根据题目提供的信息，下列判断正确的是 （）A物体的质量m2 kgB物体与水平面间的动摩擦因数0.6C物体与水平面的最大静摩擦力Ffmax12 ND在F为10 N时，物体的加速度a2.5 m/s2解析F1mgma1，F2mgma2，联立解得m2 kg，0.3物体与水平面的最大静摩擦力Ffmaxmg6 N当F310 N时，F3mgma3a32 m/s2，只有A正确4如图4甲所示，两物体A、B叠放在光滑水平面上，对物体A施加一水平力F，Ft关系图象如图乙所示，两物体在力F作用下由静止开始运动，且始终相对静止，则（）A两物体沿直线做往复运动B2 s3 s时间内两物体间的摩擦力逐渐减小C两物体做匀变速直线运动DA对B的摩擦力方向始终与F方向相同解析系统的加速度方向始终与合外力的方向相同在02 s时间内，加速度沿正方向，两物体先做加速度逐渐增大的加速运动，后做加速度逐渐减小的加速运动.2 s4 s时间内加速度反向，两物体做减速运动，4 s时物体的速度减为零，此后仍向前运动，运动具有周期性，选项A、C错误.2 s3 s时间内，两物体组成的系统的加速度增大，A、B间的摩擦力增大，B错误A对B的摩擦力使B产生加速度，摩擦力的方向与加速度方向相