重庆市江北中学第3次月考打印Word格式.docx

1、C减小平行金属板M、N之间的距离 D电阻箱R3的阻值增大4，如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x轴正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点电子的质量为m，电荷量为e，重力不计则（）AO点电势高于M点电势B运动过程中，电子在M点电势能最大C运动过程中，电子的电势能先减少后增加D电场力对电子先做负功，后做正功5，如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2.则带电粒子能从A、

2、B板间飞出应该满足的条件是（） A. Eq，F合向上，则向上加速运动；改变R1滑片位置,UMN不变,小球所受合力不变； R3减小,或R2增大,均能使UMN减小,则mgEq,F合向下,球向下加速。4，答案选D由电子的运动轨迹知，电子受到的电场力方向斜向左上，故电场方向斜向右下，M点电势高于O点电势，A错误；电子在M点电势能最小，B错误；运动过程中，电子先克服电场力做功，电势能增加，后电场力对电子做正功，电势能减少，故C错误，D正确5，答案选C根据qU1mv2，再根据t和yat2（）2，由题意知，yd，解得6，（1）需要B到地面的竖直高度h；（2）螺旋测微器的读数为1.5 mm27.30.01 m

3、m1.773 mm.在用伏安法测电阻的实验时，为使测量尽量精确，则电流表、电压表指针需达到半偏以上，又因待测金属丝的额定电流为0.5 A，所以电流表选A1，电源选E1即可电路原理图如图所示7，（1）设物块A、B一起做匀加速运动的加速度为a，则FAmAgBmBg（mAmB）a （3分）代入数据解得a2 m/s2 （1分）方向与力F的方向相同，即方向向右 （1分）（2）设物块A对物块B的作用力大小为F，则FBmBgmBa （3分）代入数据解得F4 N （1分）（3）撤去水平力F后，物块A、B一起做匀减速运动，设加速度大小为a，滑行距离为s，则：AmAgBmBg（mAmB）a （3分）2asv2 （

4、1分）联立两式并代入数据解得s40 m （1分）（用动能定理解答同样得分）8，解析：（1）由几何关系可得，由A球受力平衡：，其中所以，由F2的方向可知q带负电。（2）对A球受力分析， 由牛顿第二定律得：（3）旋转时，A受的合力提供向心力解得：9，答案：（1）0.475 J（2）0.57 m（1）设弹簧枪对小物体做功为Wf，由动能定理得Wfmgr（1cos）mv02代入数据得Wf0.475 J（2）取沿平直斜轨向上为正方向设小物体通过C点进入电场后的加速度为a1，由牛顿第二定律得mgsin（mgcosqE）ma1小物体向上做匀减速运动，经t10.1 s后，速度达到v1，有v1v0a1t1由可知v12.1 m/s，设运动的位移为s1，有s1v0t1a1t12电场力反向后，设小物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得mgsin（mgcosqE）ma2设小物体以此加速度运动到速度为0，运动的时间为t2，位移为s2，有0v1a2t2s2v1t2a2t22设CP的长度为s，有ss1s2联立相关方程，代入数据解得s0.57 m10，（1）D（2）解：由玻意耳定律得： F=100N（3分）由盖吕萨克定律得：（3分11，（1）D光从BC边射出时出射角为（2分）由几何关系知，光从BC边射出到达屏MN的路程为2d（2分）光从BC到达MN的所经历时间t