学年黑龙江省齐齐哈尔市第八中学高一上学期期末考试物理试题解析版Word下载.docx

1、可知（ ）A. 加速度与速度变化量成正比B. 物体的加速度大小由决定C. 加速度的方向与速度变化量的方向相反D. 叫做速度的变化率，也即加速度【答案】D由公式可知，加速度与速度的变化率成正比，与速度的变化量没有关系，故AB错误；加速度的方向相同，故C错误；可知，叫做速率的变化率，也即加速度；故D正确；故选D4.汽车以20 m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2 s内与5 s内汽车的位移大小之比为（）A. 54 B. 45 C. 34 D. 43由汽车初速度为20m/s，加速度为5m/s2，v=at可知汽车经过4s速度减小到零，2s内通过的位

2、移为，5s内通过的位移为，C对5.大小相等的力F按如图所示的四种方式作用在相同的物体上，使物体能沿不同粗糙程度的水平面匀速运动，则物体与水平面间的摩擦力最大的是（）A. B. C. D. 试题分析：根据功的定义因为四种情况中的F和x都相同，只有A中的=00,所以图A中力F做功最多。考点：功的定义。6.如图所示，一轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，物块位于水平面上。A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2。物块与地面间的最大静摩擦力为Ffm，则弹簧的劲度系数为（） C. 【详解】水平方向上，物块在A点受弹簧弹力和地面的摩擦力，方向相反，根据平

3、衡条件有：；同理，在B点根据水平方向上受力平衡有：联立解得：，故选C。7.如图所示，A、B是两个摩擦传动的靠背轮，A是主动轮，B是从动轮，它们的半径Ra2Rb， a 和b 两点在轮的边缘，c 和d 在各轮半径的中点，下列判断正确的有（ ）A. Va = 2 Vb B. b = 2a C. Vc = Va D. b = c【答案】B由于A、B两轮之间通过摩擦传动，故A、B两轮的边缘的线速度大小相同，故va=vb，故A错误。根据v=R可得，aRA=bRB，a：b=RB：RA=1：2，即b=2a，故B正确。由于a与c在同一个圆上，故a=c，故va：vc=2：1，即va=2vc，故C错误。以上分析可知

4、，b=2a，又因为a、c两点角速度相等，b、d两点角速度相等，所以b=2c，故D错误。故选B。点睛：明确摩擦传动特点是轮子边缘的线速度大小相等；同一个轮子上各点的角速度大小相等；灵活应用线速度大小与角速度的关系v=r8.如图所示，用轻质弹簧将篮球拴在升降机底板上，此时弹簧竖直，篮球恰好与光滑的侧壁和光滑的倾斜天花板接触，在篮球与侧壁之间装有压力传感器，当升降机沿竖直方向运动时，压力传感器的示数逐渐增 大，某同学对此现象给出了下列分析与判断，其中可能正确的是A. 升降机正在匀加速上升B. 升降机正在匀减速上升C. 升降机正在加速下降，且加速度越来越大D. 升降机正在减速下降，且加速度越来越大AB

5、：对篮球受力分析如图，若升降机匀加速上升或在匀减速上升，篮球加速度不变，受力不变，压力传感器的示数不变。故AB两项不可能。C：若升降机正在加速下降，对篮球受力分析，由牛顿第二定律可得：、，解得：，加速度越来越大，则越来越大，压力传感器的示数逐渐增大。故C项可能。D：若升降机正在减速下降，对篮球受力分析，由牛顿第二定律可得：越来越小，压力传感器的示数逐渐增小。故D项不可能。9.甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其vt图象如图所示，下列对汽车运动状况的描述正确的是A. 在第10 s末，乙车改变运动方向B. 在第10 s末，甲、乙两车相距150 mC. 若开始时乙车在前，则两车可能相遇两次D. 在第

6、20 s末，甲、乙两车相遇【分析】在速度时间图象中，速度的正负表示速度的方向，速度图象不能反映物体的初始位置，图线与时间轴围成的面积表示位移，通过分析两车的运动情况可判断它们相遇几次.【详解】A、由图知，乙车的速度一直为正，说明乙一直沿正方向运动，运动方向没有改变，故A错误；B、第10s末，甲、乙两车的位移之差为：，由于出发点的位置关系未知，所以不能求出确定它们相距的距离，故B错误.C、若t=0时刻乙车在前，则两车在第20s末前，两车可能相遇一次，若甲车的速度比乙车的速度大，此后，由于乙做匀加速运动，甲做匀速运动，乙可能追上甲，再相遇一次；故C正确.D、在第20s末，甲通过的位移比乙的位移大，

7、但由于它们初始位置关系未知，所以不能判断是否相遇，故D错误；故选C.【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义.要注意速度图象不能表示物体出发点的位置.10.A、B、C三个物体如图所示放置，所有接触面均不光滑。有一个水平力F作用在物体C上，使A、B、C一起向右做匀速直线运动，则（ ）A. B对A的摩擦力方向水平向左B. B对A的摩擦力方向水平向右C. C对A的摩擦力方向水平向右D. C对A的摩擦力方向水平向左【答案】AC选择不同的研究对象，根据平衡条件和牛顿第三定律判断摩擦力的方向【详解】A、B、B向右匀速运动，水平方向受地面向左的滑动摩擦

8、力和A对B向右的静摩擦力而平衡，由牛顿第三定律知B对A的静摩擦力方向水平向左，A正确，B错误；C、D、对A来讲，B对A的静摩擦力方向水平向左，所以C对A的静摩擦力方向水平向右，C正确，D错误；故选AC.【点睛】本题考查了摩擦力方向的判断，选择恰当的研究对象，结合平衡条件进行分析是解决此题的关键11.如图，在河水速度恒定的小河中，一小船保持船头始终垂直河岸从一侧岸边向对岸行驶，船的轨迹是一个弯曲的“S”形，则（ ）A. 小船垂直河岸的速度大小恒定不变B. 小船垂直河岸的速度大小先增大后减小C. 与船以出发时的速度匀速过河相比，过河时间长了D. 与船以出发时的速度匀速过河相比，过河时间短了【答案】

9、BD把渡河时间分成若干个相等的时间间隔，分别研究沿河岸和垂直于河岸方向上的位移变化，可得知船垂直河岸的速度的大小变化，和船保持恒定的初始速度过河相比过河时间的变化情况【详解】船在沿河岸的方向上是匀速直线运动，即在相同的时间间隔内，在河岸方向上的位移是相同的；在垂直于河岸的方向上，在相等的时间间隔内（参照船在沿河岸方向上的时间），开始时位移较小，后逐渐增大再逐渐减小，所以速度是先增大后减小；因中间那段时间速度较大，所以与船保持恒定的初始速度过河相比过河时间要短了；故A，C错误，B，D正确；故选BD.【点睛】该题考查了渡河问题，运用图象结合船沿河岸方向上的运动情况来分析船在垂直于河岸方向上的运动情

10、况的变化，该题船的实际速度不变，则根据轨迹判断船垂直于河岸的速度发生变化，这是易错点12.如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块。t0时刻起，给木块施加一水平恒力F。分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合它们运动情况的是（ ）物块与木板的接触面是光滑的，所以木板一直处于静止，根据牛顿第二定律得出物块加速度以及速度与时间的关系【详解】A、B、木板一定保持静止，加速为0，故A错误，B错误.C、D、物块的加速度，即物块做匀加直线运动，v-t图象为倾斜的直线，而木板保持静止，速度一直为0，故C错误，D正确；故选D.【点睛】解决本

11、题的关键知道木块和木板之间运动情况，知道速度时间图线的斜率表示加速度二.实验题（本题共2小题，每空2分，共18分。 ）13.在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力 G 与弹簧总长 L的关系图象，如图所示根据图象回答以下问题 （1）弹簧的原长为_m （2）弹簧的劲度系数为_N/m （3）分析图象，总结出弹簧弹力 F 跟弹簧长度 L 之间的关系 式为_【答案】 （1）. 10 （2）. 1000 （3）. 根据题意可知，弹簧总长度L（cm）与所挂物体重力G（N）之间符合一次函数关系，根据胡克定

12、律写出F与L的方程即可正确解答【详解】（1）当弹簧下端所挂钩码的重力G为0时，弹簧的拉力也为0，此时弹簧长度即为原长，由图示图象可知，弹簧的原长为：0.10m（2）挂40N时，弹簧的长度为0.14m，则可知，形变量为：x=0.140.1=0.04m；（3）由图示图象可知，弹簧的劲度系数为（3）由图示图象可知，弹簧力F跟弹簧长度L之间的关系式为：F=k（LL0）=1000（L0.10）【点睛】本题比较简单，结合图象考查了胡克定律的基础知识，是一道考查基础知识的好题在研究弹簧的伸长与拉力的关系问题时，一定要特别区分“弹簧的长度”与“弹簧的伸长”的不同14.物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间

13、的动摩擦因数实验装置如图所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接打点计时器使用的交流电源的频率为50 Hz.开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点（1）上图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图所示根据图中数据计算得加速度a_（保留三位有效数字）（2）回答下列两个问题：为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有_（填入所选物理量前的字母）A木板的长度l B

14、木板的质量m1C滑块的质量m2 D托盘和砝码的总质量m3E滑块运动的时间t测量中所选定的物理量时需要的实验器材是_（3）滑块与木板间的动摩擦因数_（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）与真实值相比，测量的动摩擦因数_（填“偏大”或“偏小”）写出支持你的看法的一个论据：_.【答案】（1）0.495 m/s20.497 m/s2（2）CD托盘天平（带砝码）（3）偏大因为纸带和打点计时器之间有摩擦（1）每相邻两计数点间还有4个打点，说明相邻的计数点时间间隔：T=0.1s，由题意可知，计数点间的时间间隔为t=0.02s5=0.1s；由xm-xn=（m-n）at2，根据图乙所示纸带数据可得：，则加速

15、度为：（2）根据牛顿第二定律：，故要测量动摩擦因数，还应测量的有：滑块的质量m2；托盘和砝码的总质量m3，即CD. 测量中所选定的物理量时需要的实验器材是天平；（3） 根据，可得滑块与木板间的动摩擦因数 ，此测量值与真实值相比，测量的动摩擦因数偏大因为纸带和打点计时器之间有摩擦测量滑块与木板之间的动摩擦因数。三计算题（本题共3小题，其中15题10分，16和17题各12分，共34分。必须写出必要的文字说明、方程，直接写出答案不给分。15.如图所示，某人骑摩托车在水平道路上行驶，要在A处越过x5 m的壕沟，沟面对面比A处低h1.25 m，摩托车的速度至少要有多大？【答案】10m/s根据h=gt2，

16、得则初速度最小为=10m/s16.如图所示，质量为的木板B放在水平地面上，质量为的木箱A放在木板B上一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为37.已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数.现用水平向右、大小为200 N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出（sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g取10 m/s2），则木板B与地面之间的动摩擦因数的大小是多少？【答案】0.3对受力分析如图甲所示，由题意得，由得：整体受力分析如图乙所示，由题意得：，由得：17.如图所示,绷紧的传送带与水平面的夹角=30,传送带在电动机的带动下,始终保持v0=2m/s的速率运行,现把一质

17、量为m=10kg的工件（可看作质点）轻轻放在传送带的底端,工件与传送带之间的动摩擦因数= ,经过时间t=1.9s,工件被传送到顶端,g取10m/s2。求:（1）物块刚开始运动时的加速度（2）传送带的长度（1） （2）（1）对物块受力分析，根据牛顿第二定律求物块刚开始运动时的加速度；（2）由运动学公式求解物块与传送带共速的时间，共速后做匀速运动，根据运动学公式求解两个过程的位移即为传送带的长度.（1）物块刚开始运动时相对于传送带向下运动，受到向上的滑动摩擦力，滑动摩擦力大小.重力沿传送带向下的分力mgsin30=50N根据牛顿第二定律有：f-mgsin30=ma即（2）设经时间t1工件与传送带共速，速度相等后，由于mgsin30f，工件和传送带一起做匀速运动，匀速运动的时间传送带的长度为【点睛】本题产生要分析工件的运动情况，再由牛顿第二定律和运动学公式结合求解.