云南省宣威市第十中学学年度高二下学期期中考试物理试题解析版Word文档下载推荐.docx

1、3. 如图所示，电感线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，LA，LB是两个相同的灯泡，且在下列实验中不会烧毁，电阻R2阻值约等于R1的两倍，则（）A. 闭合开关S时，LA，LB同时达到最亮，且LB更亮一些B. 闭合开关S时，LA，LB均慢慢亮起来，且LA更亮一些C. 断开开关S时，LA慢慢熄灭，LB马上熄灭D. 断开开关S时，LA慢慢熄灭，LB闪亮后才慢慢熄灭【解析】闭合开关S时，由于线圈的自感作用LA慢慢亮起来，但LB立即亮起来，AB错误；断开开关S时，LA、LB、L形成回路，但由于LA的电流大于LB的电流，故LA慢慢熄灭，LB闪亮后才慢慢熄灭，C错误、D正确。4. 下列说法正确的是（

2、 ）A. 体积小的带电体就是点电荷B. 体积大的带电体，不能看成点电荷C. 只有带电荷量很小的带电体才能看作点电荷D. 库仑定律只适用于点电荷间的相互作用【解析】试题分析：电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系，故ABC错误；库仑定律只适用于真空中的两个点电荷间的相互作用，故D正确；考点：考查了点电荷【名师点睛】本题关键明确点电荷是一种理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计5. 输电线路的总电阻为R，发电站输出功率为P，输电电

3、压为U，则用户得到的功率为（）A. P B. P（）2RC. P D. （ 【解析】输电线路上的电流由P=UI可得：，输电线上消耗的功率为：P耗=I2r=r，用户得到的功率为：P用=P-P耗=P-r，故B正确，ACD错误。故选B。点睛：解决本题的关键知道输出功率与输出电压、电流的关系，以及知道输出功率、损耗功率和用户得到的功率之间的关系6. 如图所示，两根长直导线m、n竖直插在光滑绝缘水平桌面上的小孔P、Q中，O为P、Q连线的中点，连线上a、b两点关于O点对称，导线中通有大小、方向均相同的电流I.下列说法正确的是（）A. O点的磁感应强度为零B. a、b两点磁感应强度的大小BaBbC. a、b

4、两点的磁感应强度相同D. n中电流所受安培力方向由P指向Q【答案】A.磁场的叠加 安培右手定则7. 根据楞次定律知：感应电流的磁场一定（）A. 阻碍引起感应电流的磁通量B. 与引起感应电流的磁场方向相反C. 阻碍引起感应电流的磁通量的变化D. 与引起感应电流的磁场方向相同【答案】C【解析】根据楞次定律知：感应电流的磁场一定阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故选C.8. 如图所示，在处于O点的点电荷Q形成的电场中，试探电荷q由A点移到B点，电场力做功为W1；以OA为半径画弧交于OB于C，q由A点移到C点电场力做功为W2;q由C点移到B点电场力做功为W3.则三者的做功关系以及q由A点移到C点电场力做

5、功为W2的大小（）A. W1W2W3，W20B. W1W2W3，W20C. W1W3W2，W20D. W1W2W3，W20试探电荷由A点移到C点电场力始终垂直与电荷运动的方向，电场力不做功，即A点、C点位于同一等势面上，试探电荷q由A点移到B点的过程中电场力做功且AC位于同一等势面上，故W1= W3 W2，即C正确、ABD错误。本题考查了电场力做功、等势面的概念9. 矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，从中性面开始转动180的过程中，平均感应电动势和最大感应电动势之比为（）A. B. C. 2 D. 【解析】感应电动势的最大值：Em=nBS；从中性面开始转动180的过程中，平均感应电动势：，平均感应

6、电动势与最大感应电动势之比：；本题考查了求感应电动势之比，应用法拉第电磁感应定律与感应电动势最大值计算公式即可解题；矩形线圈转动过程产生正弦式交变电流，线圈平面平行于磁场时感应电动势最大10. 如图，用起电机使金属鸟笼带电，站在金属架上的鸟安然无恙，且不带电，其原因是（）A. 鸟的脚爪与金属架绝缘B. 鸟与笼电势不同，有电势差C. 起电机使笼带电，笼的电势不会很高D. 鸟笼内部场强为零，电荷分布在笼的外表面【解析】金属鸟笼带电后属带电体。带电体在静电平衡状态时，属等势体；此时电荷只分布在外表面，金属内和空腔内都无电场。因此鸟两爪电势相等。故D正确，ABC错误；故选D。关键要知道静电平衡状态下，

7、导体内部合电场为零，电荷只分布在外表面，是一个等势体11. 如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A. 伽利略B. 爱因斯坦C. 奥斯特D. 牛顿【解析】当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场，这是电流的磁效应，首先观察到这个实验现象的物理学家是奥斯特，故C正确，A、B、D错误。12. 如图所示，一线圈放在通电螺线管的正中间A处，现向右移动到B处，则在移动过程中通过线圈的磁通量如何变化（）A. 变大B. 变小C. 不变D. 无法确定穿过线圈的磁场有进去的，也有出来的，则磁通量为穿过线圈的净磁通量

8、根据穿出线圈磁通量的大小判断通过线圈磁通量的大小故选B点评：解决本题的关键知道磁通量有进去也有出来时，总磁通量应为净磁通量13. 质谱仪最初是由汤姆生的学生阿斯顿设计的，他用质谱仪证实了同位素的存在如图所示，容器A中有质量分别为m1，m2，电荷量相同的两种粒子（不考虑粒子重力及粒子间的相互作用），它们从容器A下方的小孔S1不断飘入电压为U的加速电场（粒子的初速度可视为零），沿直线S1S2（S2为小孔）与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场中，最后打在水平放置的照相底片上由于实际加速电压的天小在UU范围内微小变化，这两种粒子在底片上可能发生重叠对此，下列判断正确的有（）A

9、. 两粒子均带正电B. 打在M处的粒子质量较小C. 若U一定，U越大越容易发生重叠D. 若U一定，U越大越容易发生重叠【答案】ABC【解析】根据左手定则知两粒子均带正电，故A正确；粒子在电场中加速qU=mv2，在磁场中圆周运动有：qvB=，解得：R=知半径小的粒子的质量也较小，故B正确。假设m2的质量大，m1最大半径为：R1=m2最小半径为：R2=。两轨迹不发生交叠，有R1R2，解得： ，若U一定，U越大两个半径越容易相等，越容易发生重叠，故C正确D错误。故选ABC。14. 如图所示，a、b、c、d是某电场中的四个等势面，它们是互相平行的平面，并且间距相等，下列判断中正确的是（）A. 该电场一

10、定是匀强电场B. 相邻两个等势面间电势差一定相等C. 如果ab，则电场强度EaEbD. 如果ab，则电场方向垂直于等势面由b指向a【答案】ABD等势面是平行平面而且均匀分布，则电场线平行同向，均匀分布，该电场一定是匀强电场故A正确由图判断出电场方向垂直于等势面，由公式U=Ed可知，沿着电场线方向，相同距离电势差相同故B正确匀强电场，电场强度处处相同故C错误根据电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面可知，如果ab，电场方向垂直于等势面由b指向a故D正确故选ABD.匀强电场；电场强度；电势【名师点睛】本题考查对等势面和电场线关系的理解能力要知道等势面是平行平面而且均匀分布，该

11、电场一定是匀强电场电根据公式U=Ed，匀强电场中，沿着电场线方向，相同距离电势差相同电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面；本题也可以采用作电场线的方法，分析判断常规题，比较容易。15. 如图所示是电表中的指针和电磁阻尼器，下列说法中正确的是（）A. 2是磁铁，在1中产生涡流B. 1是磁铁，在2中产生涡流C. 该装置的作用是使指针能够转动D. 该装置的作用是使指针能很快地稳定【答案】AD这是涡流的典型应用之一当指针摆动时，1随之转动，2是磁铁，那么在1中产生涡流，2对1的安培力将阻碍1的转动总之不管1向哪个方向转动，2对1的效果总起到阻尼作用所以它能使指针很快地稳定下来考

12、查电磁感应现象和安培力的判断所谓的阻尼就是受到阻碍作用是本来运动的物体停止下来，和简谐运动时讲的阻尼是一个道理。16. 将分压电阻串联在电流表上，改装成电压表，下列说法中正确的是（）A. 接上分压电阻后，增大了原电流表的满偏电压B. 接上分压电阻后，电压按一定比例分配在电流表和分压电阻上，电流表的满偏电压不变C. 若分压电阻是表头内阻的n倍，则电压表量程扩大到n倍D. 通电时，通过电流表和分压电阻的电流一定相等【答案】BD电流表改装成电压表后，电压按一定比例分配在电流表和分压电阻上，电流表的满偏电压并不改变，并且电流表和分压电阻是串联关系，通过的电流一定相等，故选项A错误，选项BD正确如分压电

13、阻是表头内阻的n倍，则电压表量程扩大到（n1）倍，故选项C错误故选BD电表的改装【名师点睛】本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理，即在电流计上串联分压电阻即可得到大量程的电压表；应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。17. 下述图中，游标卡尺示数是cm；螺旋测微器的示数是mm.【答案】10.34 3.388游标卡尺示数是103cm+01mm4=1034cm；螺旋测微器的示数是3mm+001mm388=3388mm游标卡尺及螺旋测微器的读数【名师点睛】此题是游标卡尺及螺旋测微器的读数问题；注意游标卡尺读数不估读，而螺旋测微器读数要估读18. 某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电

14、动势（电动势E大约在9 V左右，内阻r约为50 ），已知该电池允许输出的最大电流为150 mA.该同学利用如图（a）所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2 k，R为电阻箱阻值范围09 999 ，R0是定值电阻，起保护电路的作用（1）实验室备有的定值电阻有以下几种规格：A2 B20 C200 D2 000 本实验应选_（填入相应的字母）作为保护电阻（2）在图（b）的实物图中，已正确地连接了部分电路，请完成余下电路的连接（3）该同学完成电路的连接后，闭合开关S，调节电阻箱的阻值；读取电压表的示数，其中电压表的某一次偏转如图（c）所示，其读数为_【答案】 （1）. B （2）. 6.5 V【解析

15、】（1）当滑动变阻器短路时，电路中通过的最大电流为50mA，则由闭合电路欧姆定律可知，定值电阻的最小阻值为：，故滑动变阻器应选B；（2）根据原理图可得出对应的实物图，如图所示；（3）电压表应选择15V的量程，所以读数为6.5V19. 如图所示，当左边单匝正方形线框中通有逆时针方向的电流I时，等臂杠杆恰好平衡若通有顺时针方向的电流I时，则要在右边再加挂质量为m的钩码等臂杠杆才能平衡设匀强磁场的磁感应强度为B，则线框的边长L为多少？【答案】【解析】设m1左侧线圈的质量，m2为右侧钩码的质量当左边线框通以逆时针方向的电流I时根据共点力平衡可知：m1g-BIL=m2g当电流反向后根据共点力平衡可知：m

16、1g+BIL=m2g+mg联立解得： 解决本题的关键掌握用左手定则来判定安培力的方向，以及会利用力的平衡列出平衡方程来求解问题.20. 如图，一长为10 cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为0.1 T，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘金属棒通过开关与一电动势为12 V的电池相连，电路总电阻为2 .已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5 cm；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3 cm，重力加速度大小取10 m/s2.判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量【答案】竖直向下0.01

17、kg依题意，开关闭合后，电流方向从b到a，由左手定则可知，金属棒所受安培力方向竖直向下。开关断开时，两弹簧各自相对于其原长伸长为由胡克定律和力的平衡条件得式中，m为金属棒的质量，k是弹簧的劲度系数，g是重力加速度的大小。开关闭合后，金属棒所受安培力的大小为式中，I是回路电流，L是金属棒的长度。两弹簧各自再伸长了，由胡克定律和力的平衡条件得由欧姆定律有式中，E是电池的电动势，R是电路总电阻。联立式，并代入题给数据得考查了有安培力时的共点力平衡【名师点睛】在闭合前，导体棒处于平衡状态，在闭合后，根据闭合电路的欧姆定律求的电流，根据左手定则判断出安培力的方向，根据F=BIL求的安培力，由共点力平衡求

18、的质量视频21. 如图甲所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为L，M、P两点间接有阻值为R的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向下导轨和金属杆的电阻可忽略，让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦（1）由b向a方向看到的装置如图乙所示，请在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图（2）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小（3）求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值（1） （2） （3）（1

19、）AB杆下滑过程中某时刻的受力示意图；（2）当AB加速下滑时，感应电动势为：E=BlvAB杆中的电流为：I=E/R=Blv/R安培力：F=BIl加速度为：（3）当A=0时，即GSin=F时，AB杆的速度可以达到最大值所以，法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律22. 如图所示，有一个电阻不计的光滑导体框架，水平放在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中，框架宽为L.框架上放一质量为m、电阻为R的导体棒，现用一水平恒力F作用于棒上，使棒由静止开始运动求：（1）棒的速度为零时，其加速度大小；（2）棒的速度为v时，棒的加速度大小；（3）棒的加速度为零时，其速度大小 （3） （1）当导体棒速度为零时，导体棒中电流为零Fma，a（2）当棒运动速度为v时，F安BIL，I ，FF安maa .（3）当棒的加速度为零时，FF安，F安BIL，I，v本题是电磁感应与力学、电路相结合的综合题，应用安培力公式、平衡条件、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题