软考网络工程师数据通信基础练习题及答案Word文件下载.docx

1、C.Manchester编码的效率为50% D.Manchester编码应用在高速以太网中试题8 设信道采用2DPSK调制，码元速率为 300波特，则最大数据速率为 （8）_b/s.（8） A.300 B.600 C.900 D.1200试题9 10BASE-T以太网使用曼彻斯特编码，其编码效率为 _（ 9）_%.在快速以太网中使用 4B/5B编码，其编码效率为_ （10） _%.（13） A.10Mb/s B.50Mb/s C.80Mb/s D.100Mb/s试题12 采用CRC校验的生成多项式为 G（x） =x16+x15+x2+1,它产生的校验码是 （14）位。（14） A.2 B.4

2、C.16 D.32试题13 关于曼彻斯特编码，下面叙述中错误的是 _（ 15） _.（15） A.曼彻斯特编码是一种双相码 B采用曼彻斯特编码，波特率是数据速率的 2倍C.曼彻斯特编码可以自同步 D.曼彻斯特编码效率高试题14 E1信道的数据速率是_（ 16）试题15 假设模拟信号的最高频率为 5MHz,采样频率必须大于_（ 17） _,才能使得到的样本信号不失真。（17） A.5MHz B.10MHz C.15MHz D.20MHz试题16 在以太网中使用 CRC校验码，其生成多项式是 _（ 18） _.（IS） AG （X =%皿%亠疋十1B. G CX） WISEC. G （X）=左却X

3、XY十XTD* G （X） = -X1 i试题17 在异步通信中，每个字符包含 1位起始位、7位数据位、1位奇偶校验位和1位终止位，每秒钟传送100个字符，则有效数据速率为 _（ 19） _.（19） A.500b/sB.600b/s C.700b/s D.800b/s试题18 采用CRC进行差错校验，生成多项式为 G（ X） =X4+X+1信息码字为10110,则计算出的CRC校验码是（20） _.（20） A.0000 B.0100 C.0010 D.1111试题19 采用海明码进行差错校验，信息码字为 1001011,为纠正一位错，则需要 _（ 21）比特冗余位。（21） A.2 B.3

4、 C.4 D.8试题20 曼彻斯特编码的特点是在每个比特的中间有电平翻转，它的编码效率是 _（ 22） _.（22） A.50% B.60% C.80% D.100%试题21 使用海明码进行前向纠错，如果冗余位为 4位，那么信息位最多可以用到 （23）位。（23） A.6 B.8 C.11 D.16试题22 使用海明码进行前向纠错，假定码字为 a6a5a4a3a2alao,并且有下面的监督关系式：S2=a2+a4+a5+a6S1=a1+a3+a5+a6S0=a0+a3+a4+a6若S2S1S0=110则表示出错位是_（24） _.（24） A.a3 B.a4 C.a5 D.a6试题23 若采用

5、后退N帧ARQ协议进行流量控制，帧编号为 7位，则发送窗口的最大长度为 （25） _（25） A.7 B.8 C.127 D.128Gf 高=01 二-jc4工一1试题24 若信息码字为11100011,生成多项式G（ x）= ，则计算出的CRC校验码为_（26）试题 25 海明码（HammingCode）是一种 _ （27） _.（27） A.纠错码 B.检错码 C语音编码 D.压缩编码试题26 图6-12所示是一种 （28）调制方式。图6-144种编码图D.d试题1分析采用4B/5B编码能够提高编码的效率，降低电路成木。这种编码方法的原理如图 6-15所示。l_1r-r tI-f-一厂Fl

6、| 一l !r f匚图6-15 4B/5B编码原理这实际上是一种两级编码方案。系统中使用不归零码（ NRZ）,在发送到传输介质时变成见 1就翻不归零码（NRZ-1）。NRZ-1代码序列中1的个数越多，越能提供同步信息，如果遇到长串的 0,则不能提供同步信息，所以在发送到介质上之前还需经过一次 4B/5B编码。发送器扫描要发送的位序列， 4位分为一组，然后按照对应规则变换成5位二进制代码。5位二进制代码的状态共有 32种，其中1的个数都不少于2个，这样就保证了传输的代码能提供足够多的同步信息。 试题1答案 （1）A试题2分析首先可以断定图中所示是两种双相码，然后按照曼彻斯特编码的特点（以正负或负

7、正脉冲来区别 1和）和差分曼彻斯特编码的特点（以位前沿是否有电平跳变来区别 ）可以断定，X为曼彻斯特编码，Y为差分曼彻斯特编码。 试题2答案 （2）B试题3分析根据波形可以看出，这是一种差分编码，所以应选 2DPSK. 试题3答案 （3）B试题4分析2DPSK调制方式波形中，每一位包含两个周期，如果载波频率为 2400Hz，则码元速率就是1200波特。试题4答案 （4）C试题5分析一个数据包从开始发送到接收完成的时间包含发送时间 tf和传播延迟时间tp两部分，可以计算如下：对电缆信道：tp=2000km/ （200km/ms）=10ms,tf=3000b/4800b/s=625ms,tp+tf

8、=635ms 试题 5 答案 （5）D 试题6分析卫星通信一般是指同步卫星通信，同步卫星距地球约 3.6万公里，电磁波一个来回约 270ms,从开始发送到接收完成需要的时间=发送时间+卫星信道延时时间=4000/64+270=62.5+270=332.5ms.这里要注意2000Km这个干扰信息， 因为只要是卫星通信，不管在地球上相隔多远，他们的通信延时都是要经过先发送到卫星，再从卫星返回这么一个 过程。 试题6答案 （6）D试题7分析本题考查数据编码的基础知识。Man Chester编码是一种双相码，即码元取正负两个不同的电平，或者说由正负两个不同的码元表示一个比特， 这样编码的效率为50%,

9、但是由于每个比特中间都有电平跳变， 因而提供了丰富的同步信息。这种编码用在数据速率不太高的以太网中。差分Man Chester编码也是一种双相码，但是区分 的方法不同。Man Chester编码正变负表示,负变正表示,而差分Man Chester编码是比特前沿有跳变，比特前沿没有跳变。这种编码用在令牌环网中。在曼彻斯特和差分曼彻斯特编码中，每比特中间都有一次电平跳变，因此波特率是数据速率的两倍。对于 100Mb/s的高速网络，如果采用这类编码方法， 就需要200M的波特率，其硬件成本是100M波特率硬件成本的510倍。 试题7答案 （7）D试题8分析本题考查数字调制的基础知识。 2DPSK是

10、一种差分相位调制技术，利用前后码元之间的相位变化来表示二进制数据，例如传送时载波相位相对于前一码元的相移为n,传送 时载波相位相对于前一码元的相移为 0.在这种调制方案中，每一码元代表一个比特，由于码元速率为 300波特，所以最大数据速率为 300b/s.试题8答案 （8） A试题9分析使用曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码时， 每传输1bit的信息，就要求线路上有2次电平状态变化（2 Baud）,因此要实现100Mbps的传输速率，就需要有200MHz的带宽，即编码效率只有50%.正是因为曼码的编码效率不高， 因此在带宽资源宝贵的广域网，以及速度要求更高的局域网中，就面临了困难。因此就出现了 m

11、BnB编码，也就是将m比特位编码成为n波特（代码位）。其中4B/5B效率为80%. 试题9答案 （9）B （ 10）C试题10分析SDH的速率是一个必须记住的知识点， SDH是通信技术中的传输技术，是目前骨干网接及接入网中使用最广的传输技术。其基本传输单元是 STM-1,上有SMT-4、STM-16和STM-64等，都是4倍的关系。STM-1的传输速率是155.520Mbps.其中 STM-1 光接口数据速率是 155Mbps,STM-4 是 622Mbps,STM-16 是 2.5Gbps,STM-64是 10Gbps，其中 STM-1 对 应 OC-3,STM-4对应 OC-12. 试题

12、10 答案 （11）A （ 12）B试题11分析按照尼奎斯特采样定理，为了恢复原来的模拟信号，取样速率必须大于模拟信号最高频率的二倍，即f =y 2/nwc其中为采样频率，T为采样周期，为模拟信号的最高频率。所以当模拟信号的频率为 5MHz时，采样频率必须大于10MHz.当样本量空间被量化为 256个等级时。每个样本必须用 8比特来表示。根据计算：8X 10MHz=80Mb/s 试题 11 答案 （13） C试题12分析循环冗余校验码 CRC （Cyclic Redundancy Check）的长度取决于生成多项式的幕次。如果生成多项式为 G （x）十5亠潜+1，则产生的CRC校验码必定是16

13、位。 试题12答案 （14） C试题13分析双相码的特点是每一位中都有一个电平转换， 因而这种代码的最大优点是自定时。 曼彻斯特编码是一种双相码，通常用高电平到低电平的转换边表示 0,用低电平到高电平的转换边表示 1,相反的规定也是可能的。 位中间的电平转换边既表示了数据代码， 也作为定时信号使用。 曼彻斯特编码用在I 0M以太网中。差分曼彻斯特编码也是一种双相码，与曼彻斯特编码不同的是，位中间的电平转换只作为定时信号，而不表示数据。数据的表示在于每一位开始处 是否有电平转换：有电平转换表示 0,无电平转换表示l.差分曼彻斯特编码用在令牌环网中。曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的每一个码元都要调

14、制为两个不同的电平， 因而调制速率是码元速率的二倍，也就是说编码效率只有 50%.这无疑对信道的带宽提出了更高的要求， 但由于良好的抗噪声特性和自定时能力， 所以在局域网中仍被广泛使用。 试题13答案 （15） D试题14分析国际电报电话咨询委员会于 1993年后改为ITU-T建议了一种PCM传输标准，称为 E1载波。该标准规定，每一帧开始处用8位作为同步位，中间有 8位信令位，再组织30路8位数据（可传送话音），全帧包括256位，每一帧 用125卩s时间传送。可计算出 E1载波的数据速率为 256b/125卩s=2.048Mb/s,每个话音信道的数据速率为 8b/125卩s=64Kb/s.

15、试题 14 答案 （16） B试题15分析大于10MHz. 试题15答案 （17） B试题16分析为了能对不同的错误模式进行校验，已经研究出了几种 CRC生成多项式的国际标准CRC-CCITT G心泌护天5 -1CRC-16 G（X）=X1（+Xi5+X：!+lCRC- L2 G（X）虫收收收总亠jCRC-32 GfXiVXX2斗fX 叫用亠記X 叫 冷区 T其中CRC-32用在以太网中，这种生成多项式能产生 32位的帧校验序列。 试题16答案 （18） D试题17分析异步通信以字符为传送单位，侮个字符添加一个起始位和终止位。按照题中给出的条件，可计算如下： X 100 = 700&U试题17

16、答案 （19） C试题18分析循环冗余校验码的计算方法如下。G（ X）=X4+X+1对应的二进制序列为 10011,下面进行”按位异或”运算：G （X） 对应的二进制序列为10011,下面进行钥她畀或运算：10110000010011mi o toocamoo1001Lami1111就是校验码。 试题18答案 （20）D试题19分析按照海明的理论，纠错编码就是要把所有合法的码字尽量安排在 n维超立方体的顶点上，使得任一对码字之间的距离尽可能大。如果任意两个码字之间的海明距离是 d,则所有少于等于d-1位的错误都可以检查出来，所有少于d/2位的错误都可以纠正。如果对于m位的数据，增加k位冗余位，

17、则组成 n=m+k位的纠错码。对于 2m个有效码字中的每一个，都有 n个无效但可以纠错的码字。这些可纠错的码字与有效码字的距离是 1,含单个错。这样，对于一个有效的消息总共有n+1个可识别的码字。这 n+1个码字相对于其他 2m-1个有效消息的距离都大于 1这意味着总共有 2m （ n+1）个有 效的或是可纠错的码字。显然，这个数应小于等于码字的所有可能的个数 2n.于是，有2m （n+1） 2n.因为n=m+k,可得出m+k+1 n+k,此处k=4,因此有nW2k-i-k=16-1-4=11,n 最大为 11. 试题 21 答案 （23） C试题22分析由于S2 S1 S0=110,S（没有

18、错，在SO的监督式中设计的 a0,a3,a4,a6都没有错误。而S2和S1都为1,则说明S2和 S1出错，得出最终出错的位是 a5. 试题22答案 （24） C试题23分析采用后退N帧ARQ协议，在全双工通信中应答信号可以由反方向传送的数据帧 ”捎带送回，这种机制进一步减少了通信开销，然而也带来了一些问题。在捎带应答方案中，反向数据帧中的应答字段总是捎带一个应答新号，这 样就可能出现对同一个帧的重复应答。假定帧编号字段为 3位长，发送窗口大小为 8当发送器收到第一个 ACK1后把窗口推进到后沿为 1、前沿为0的位置，即发送窗口现在包含的帧编号为 1、2、3、4、5、6、7、0,如下所示。1 2

19、 3 4 5 6 7 0如果这时又收到一个捎带回的 ACK1发送器如何动作呢后一个 ACK1可能表示窗口中的所有帧都未曾接收， 也可能意味着窗口中的帧都已正确接收。这样协议就出现了二义性。然而，如果规定窗口的大小为 7,则就可以避免这种二义性。所以，在后退 N帧协议中必须限制发送窗口大小 W发W 2k-1.根据类似的推理，对于选择重发 ARQ协议，发送窗口和接收窗口的最大值应为帧编号数的一半，即 W rW收w 2k-1 试题23答案 （25） C试题24分析由生成多顶式 G （x） =x5+x4+x+1可以得到除数110011,由多项表达式中x的最高幕次为5可知，被除数应该是 信息码字后面加5

20、个0然后用被除数与除数做模二除法得到的结果就是校验码，其计算结果是 11010 （模2除法的具体过程参考CRC校验理论部分）。 试题24答案 （26） B试题25分析海明码是一种纠错码， 不但能发现差错，而且还能纠正差错。对于m位数据，增加k位冗余位，若满足关系式： m+k+l2k,则可以纠正1位错。 试题25答案 （27） A试题26分析数字数据在传输中可以用模拟信号来表示。 用数字数据调制模拟载波信号的三个参数 -幅度、频率和相位，分别称为幅度键控、频移键控和相移键控。按照幅度键控（ASK调制方式，载波的幅度受到数字数据的调制而取不同的值，例如对应二进制 0,载波振幅为0;对应二进制1,载

21、波振幅取1调幅技术实现起来简单，但抗干扰性能差。频移键控（ FSK是按照数字数据的值 调制载波的频率。例如对应二进制0的载波频率为f1,而对应二进制1的载波频率为f2.这种调制技术抗干扰性能好， 但占用带宽较大。在有些低速的调制解调器中， 用这种调制技术把数字数据变成模拟音频信号传送。 相移键控（PSK是用数字数据的值调制载波相位，例如用 180相移表示1,用0相移表示0.这种调制方式抗千扰性能最好，而且相位的变化也可以作为定时信息来同步发送机和接收机的时钟。码元只取两个相位值叫 2相调制，码元可取4个相位值叫4相调制。4相调制时，一个码元代表两位二进制数，采用 4相或更多相的调制能提供较高的

22、数据速率，但实现0.1.0技术更复杂。三种数字调制方式表示如图 6-16所示。ASKFSKPSKFib 十用十：1 ： 0 ： I ： i ：wwwwvw- .1.0, 1 ： 1-0 1 0 t LHWVftftk/Wt f f 蒂 t | 4 - 96-16三种模拟调制方式示意图试题 27 分析按照 Nyquist 定理， B=2W（Baud）码元速率为信道带宽的两倍。同时数据速率还取决于码元的离散状态数，码元携带的信息量 n （比特数）与码元的离散状态数 N 有如下关系： n=log2N所以，综合考虑了信道带宽和码元的离散状态数后得到的公式为：R=B log2N=2W log2N （b/

23、s ）其中，R表示数据速率，单位是 b/s.据此，数据速率可计算如下：R=B IO0N=2W log2N=2X 3400 X log24=6800X 2=13.6Kb/s试题 27 答案（ 29） C试题 28 分析根据题中给出的条件，每个字符要占用 1+7+1+2=11位。每秒钟传送 100 个字符，则数据速率为 11X100=1100b/s.在采用4相相位调制的情况下，数据速率为码元速率的 2倍，所以码元速率为 550波特。试题 28 答案（ 30） C试题 29 分析在图中，每个比特的前沿没有电平跳变，每个 比特的前沿有电平跳变，这是典型的 NRZ-I编码的波形。NRZ-I编码的数据速率

24、与码元速率一致，其缺点是当遇到长串的 时会失去同步，所以有时要做出某种变通，例如采用 4B/5B 编码。曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码都属于双相码。双相码要求每一比特中间都有一个电平跳变，它起到自定时 的作用。 在图中， 我们用高电平到低电平的转换边表示 ,用低电平到高电平的转换边表示 ,这是曼彻斯特编码的一种实现方案。 反之， 如果用高电平到低电平的转换边表示 ,而用低电平到高电平的转换边表示 ;也可以认为是曼彻斯特编码，只要能区分两种不同的状态就可以了。比特中间的电平转换边既表示了数据代码，也作为定时信 号使用。曼彻斯特编码用在低速以太网中。差分曼彻斯特编码与曼彻斯特编码不同，码元中间的电

25、平转换边只作为定时信号，而不表示数据。数据的表示 在于每一位开始处是否有电平转换：有电平转换表示 无电平转换表示 ,差分曼彻斯特编码用在令牌环网中。在曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的图形中可以看出， 这两种双相码的每一个码元都要调制为两个不同的电平，因而调制速率是码元速率的二倍。 这对信道的带宽提出了更高的要求， 所以在数据速率很高时实现起来更昂贵， 但由于其良好的抗噪声特性和比特同步能力，所以在局域网中仍被广泛使用。试题 29 答案（ 31 ） C试题 30 分析 差分曼彻斯特编码是一种双相码。与曼彻斯特编码相同的地方是，每一位都由一正一负两个码元组成，但它又 是一种差分码，0位的前沿有相位变化，1位的前沿没有相位变化，所以选项 b图形是差分曼彻斯特编码。试题 30 答案（ 32） B