1、解析(1)由题图2可知,直流50 V挡的最小分度为1 V,故按“十分之一”估读法可知读数应为11.5 V左右。由于测得的电压基本等于蓄电池电动势的标称值,说明a、c两点与电源之间是通路,只能是此电路之外的保险丝、开关、小灯中出现了断路故障,但故障的具体位置不能确定。(2)同理可知,两表笔接c、b时测得结果仍等于电源电动势,说明多用表、开关、保险丝、蓄电池形成了一闭合回路,故只能是与多用表并联的小灯发生了断路故障。2.2011安徽高考(1)某同学使用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值,先把选择开关旋到“1 k”挡位,测量时指针偏转如图(a)所示。请你简述接下来的测量操作过程:_;_;_;测量结束后
2、,将选择开关旋到“OFF”挡。(2)接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值,所用实验器材如图(b)所示。其中电压表内阻约为5 k,电流表内阻约为5 。图中部分电路已经连接好,请完成实验电路的连接。(3)图(c)是一个多量程多用电表的简化电路图,测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时,可用来测量_;当S旋到位置_时,可用来测量电流,其中S旋到位置_时量程较大。答案(1)断开待测电阻,将选择开关旋到“100”挡将两表笔短接,调整“欧姆调零旋钮”,使指针指向“0 ”再接入待测电阻,将指针示数100,即为待测电阻阻值(2)如图所示(3)电阻1、21解析 (1)欧姆表读数时,指
3、针在中央位置附近时最准确,开关旋到“1 k”挡位时,指针偏角太大,所以改换成小挡位“100”;换挡后,应对欧姆表重新进行调零;所测电阻阻值等于欧姆表表盘示数倍数。(2)由(1)知,被测电阻Rx大约为2000 ,RxRA,故应用电流表内接法。 (3)把开关旋到位置3时,表头与电源连接,只有当欧姆表使用时,才用到电源;表头与电阻并联时,可改装成电流表;所并联的电阻阻值越小,根据电流与电阻阻值成反比,所分担的电流越大。3.2015浙江五校联考为测量某一玩具电动机M中的线圈的电阻率,某实验小组的部分实验方案如下:(1)用螺旋测微器测得绕制线圈的同种规格导线的直径d如图1,则d_mm。(2)如图为多用电
4、表欧姆挡的原理示意图,其中电流表的满偏电流为300 A,内阻rg100 ,调零电阻最大阻值R50 k,串联的固定电阻R050 ,电池电动势E1.5 V,用它测量电阻Rx,能较准确测量的阻值范围是_(填A、B、C、D)。A.3080 k B38 kC.300800 k D30008000 k用多用电表测量电动机中导线圈的电阻RM,选择“1 ”欧姆挡,并按正确步骤操作后,指针的位置如图2(此过程电机不转动),则RM_。(3)为提高精度,他又用以下仪器再次测量导线圈的电阻RM。电流表A1(03 A,约5 );电流表A2(030 mA,约10 );滑动变阻器R1(01 k);滑动变阻器R2(050 )
5、;定值电阻R060 ;电源(4 V,约1 ),及开关导线若干。实验小组为使测量过程中电机不转动而采用了如图3所示的电路图,应选择的电流表是_,滑动变阻器是_(填写符号)。按照实验要求,多用电表已选择“直流电压2.5 V”挡作为电压表使用,请依据图3将图4实验电路中的仪表连接欠缺的两处补完整。图5是该实验小组测得的数值描绘出的图象,其斜率值表示的是_(填A或B)。A.导线圈的电阻B.导线圈的电阻与R0阻值之和答案(1)0.154(0.1520.156均可)(2)B22(3)A2R2如图B解析(1)主尺读出0毫米,套筒读出15.40.01 mm0.154 mm,所以d0.154 mm。(2)欧姆调
6、零,达满偏,Ig;所以R内5 k,若较准确测量出被测电阻的阻值,应让指针从Ig到Ig范围内, Ig,得R110 k,得R22.5 k,能较准确测量的电阻范围2.5 kRx10 k,因此选B选项。RM221 22 。(3)过电机的最大电流ImmA50 mA,电流表选A2,由于采用了分压式接法,变阻器应选小的,因此选R2。红表笔与电动机右接线柱相连,电源负极与滑动变阻器左下方接线柱相连。U是R0与RM的总电压,因此斜率表示导线圈的电阻与R0阻值之和,应选B。4.2015广东四校调研某同学为了测定一只电阻的阻值,采用了如下方法:(1)用多用电表粗测:多用电表电阻挡有4个倍率:分别为1 k、100、1
7、0、1,该同学选择100倍率,用正确的操作步骤测量时,发现指针偏转角度太大(指针位置如图中虚线所示)。为了较准确地进行测量,请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤:a._。b.两表笔短接,调节欧姆调零旋钮,使指针指在0 处。c.重新测量并读数,若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示,测量结果是_。(2)为了尽量准确测该电阻,除被测电阻外,还备有如下实验仪器,请选择仪器,设计实验电路。A.电流表A1,量程1 mA,内阻r1375 B.电流表A2,量程500 A,内阻r2750 C.电压表V,量程10 V,内阻10 kD.电阻R1,阻值为100 ,起保护作用E.滑动变阻器R2,总阻值约20 F
8、.电池E,电动势1.5 V,内阻很小G.开关S、导线若干为使实验误差较小,要求测得多组数据进行分析,请在虚线框中画出测量的电路图,并标明所用器材的代号。(3)若该同学用上述方法测量得到电阻R的表达式为:R_(用上述实验中测得的物理量或已知量表示),若他的测量结果存在误差,这是属于_(填“系统误差”或“偶然误差”)。答案(1)a.换用10倍率的挡位c120(2)电路图见解析(3)Rr1系统误差解析(1)由题知选100倍率的电阻挡,正确操作时,发现指针偏转角太大,为了使指针指到中央附近,则要把100倍率挡换成10倍率挡。(2)根据给定的器材先选出唯一性器材,因电源电压为1.5 V,电压表读数在量程的以上较为准确,故不能选10 V量程的电压表;电流表量程小,故应使用滑动变阻器分压式接法,且串联电阻R1以保护测量电路,因电流表A1、A2的内阻均已知,可采用如图所示并联电路测出待测电阻值。(3)根据并联电路两端电压相等,I1(Rr1)I2r2,解得:Rr1,该误差属于系统误差。
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