南通市高二上学期期末考试物理试题.docx

1、南通市高二上学期期末考试物理试题上学期高二期末考试物理试卷一、选择题：19题为单选，1012题为多选，每题4分，共48分（少选2分，多选错选均不得分。）。1. 如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。一带电粒子只在电场力作用下经A点飞向B点，轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是 ( )A. 粒子带正电B. 粒子在B点加速度大C. 粒子在B点动能大D. 粒子在B点的电势能较小【答案】B【解析】A、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以判断得出粒子受到的电场力方向向下，与电场线的方向相反，所以该粒子带负电，故A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，所以粒子在B点受到的电场力大，在B点时的加速

2、度较大，故B正确；故选B。2. 下列图中表示闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，导体ab上的感应电流方向为ab的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】A图中ab棒顺时针转动，运用右手定则：磁感线穿过手心，拇指指向顺时针方向，则导体ab上的感应电流方向为ab故A正确B图中ab向纸外运动，运用右手定则时，磁感线穿过手心，拇指指向纸外，则知导体ab上的感应电流方向为ba，故B错误C图中穿过回路的磁通量减小，由楞次定律知，回路中感应电流方向由bac，则导体ab上的感应电流方向为ba故C错误D图中ab棒沿导轨向下运动，由右手定则判断知导体ab上的感应电流方向为ba，故D错

3、误故选A点睛：本题的关键要掌握右手定则和楞次定律，要知道它们在判断切割产生的感应电流方向上结果是相同的，不过研究的对象不同3. 如图所示，条形磁铁放置在水平地面上，在其右端上方固定一根水平长直导线，导线与磁体垂直，当导线中通以垂直纸面向内的电流时，则（）A. 磁铁对地的压力减小，磁铁受到向左的摩擦力B. 磁铁对地的压力减小，磁铁受到向右的摩擦力C. 磁铁对地的压力增大，磁铁受到向左的摩擦力D. 磁铁对地的压力增大，磁铁受到向右的摩擦力【答案】D【解析】试题分析：以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，磁铁有向左运

4、动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力增大故选D考点：磁场对电流的作用点评：本题直接分析磁铁受力很困难，但可以根据磁场分布分析导线受力，应用牛顿第三定律就可以解决问题。4. 在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻当开关S闭合后，两平行金属板M、N中有一带电油滴正好处于静止状态为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是 ( )A. 增大R1的阻值B. 增大R2的阻值C. 增大R3的阻值D. 增大M、N间距【答案】C【解析】A项： 在回路中起保护电容器的作用，所以它的大小不影响电路中的电流和电压，即改变的大小不能使得带电油滴向上运动，A项错误；B项：要是带电粒子向上运动，应该增大电

5、容器之间的电场强度，由知道，当d不变时，应增大电容器两端的电压，然后根据串反并同的 知识我们知道应该增大 或者减小 的阻值，所以选项B错，C对；D项：由公式知，当电压不变时，要使电场强度增大，则应该减小两个板之间的距离，所以D项错误；综上所述，本题答案是C5. 如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为电阻R两端的电压与电流的关系图像电源a、b的电动势分别为Ea、 Eb，内阻分别为ra 、rb ，将电阻R分别接到a、b两电源上，则（ ）A. R接到a电源上，电源的输出功率较小B. R接到b电源上，电源的效率较低C. Ea Eb，ra

6、rbD. 【答案】D【解析】电阻R的U-I线与两电源的U-I图像的交点为电阻的工作点，由图像可知，C与A交点的横纵坐标的乘积较大，则电源的输出功率较大，选项A错误由图像可知由闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，A电源的内阻r较大，电源的效率由闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，B电源的内阻r较小，R接到B电源上，电源的效率较大，故B错误由闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，图象与U轴的交点表示电动势，则A的电动势较大，图象的斜率表示内阻，则B电源的内阻r较小，A电源的内阻r较大故C错误；由图可知，两电源的短路电流相等，根据I短=可知，变形可得：，故B正确；故选D.点睛：解题时要知道电源的U-I图象斜

7、率大小等于电源的内阻，电源的效率也等于外电阻与电路总电阻之比6. 如图1所示，矩形线圈abcd位于匀强磁场中，磁场方向垂直线圈所在平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图2所示以图1中箭头所示方向为线圈中感应电流i的正方向，以垂直于线圈所在平面向里为磁感应强度B的正方向，则选项图中能正确表示线圈中感应电流i随时间t变化规律的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：在01s内，原磁场均匀增加，故线圈中产生的磁场方向向外，由右手定则可知，感应电流的方向为逆时针，与标定的电流方向相反，故感应电流为负的，且不变，故BD错误；在1s2s的时间内，原磁场不变，故感应电流为0，在2s3s的

8、时间内，原磁场减小，故感应电流为正值，又因为在这个时间内的原磁场的变化率较大，是01s变化的2倍，故产生的感应电流也是原来的2倍，故选项A错误，C正确。考点：法拉第电磁感应定律。【名师点晴】在2s3s的时间内，可分为两个过程，一是原磁场方向向里减小，故线圈中感应电流的磁场是向里的，二是原磁场方向向外增加，故线圈中的感应电流的磁场也是向里的，故在2s3s这段时间内的感应电流是一个方向，且磁场均匀变化，故电流的大小不变。7. 如图甲所示，n15匝的圆形线圈M，其电阻为1，它的两端点a、b与阻值为2的定值电阻R相连，穿过线圈的磁通量的变化规律如图乙所示则（ ）A. 线圈中感应电流是顺时针方向B. 线

9、圈中感应电动势力大小1.5VC. 电路中电流是1.0 AD. 电阻R的热功率是3.0W【答案】C【解析】由-t图象知，穿过M的磁通量均匀增加，根据楞次定律可知线圈中感应电流是逆时针方向，由法拉第电磁感应定律得：，选项B错误；由闭合电路欧姆定律得：，选项C正确；电阻R的热功率是，选项D错误；故选C8. 如图所示，某同学用玻璃皿在中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极做“旋转的液体的实验”，若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，磁感应强度为B=0.1T，玻璃皿的横截面的半径为a=0.05m，电源的电动势为E=3V，内阻r=0.1，限流电阻R0=4.9，玻璃皿中两

10、电极间液体的等效电阻为R=0.9，闭合开关后当液体旋转时电压表的示数为1.5V，则 （ ）A. 由上往下看，液体做顺时针旋转B. 液体所受的安培力大小为 1.5NC. 闭合开关后，液体热功率为0.81WD. 闭合开关10s，液体具有的动能是3.69J【答案】D【解析】A、由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，A正确；B、电压表的示数为1.5V，则根据闭合电路的欧姆定律：，所以电路中的电流值：，液体所受的安

11、培力大小为：，B错误；C、玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为，则液体热功率为 ；，C错误；D、10s末液体的动能等于安培力对液体做的功，通过玻璃皿的电流的功率：，所以闭合开关10s，液体具有的动能是：，D正确；故选AD。9. 如图所示，均匀金属圆环的总电阻为4R，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过圆环金属杆OM的长为，阻值为R，M端与环接触良好，绕过圆心O的转轴以恒定的角速度顺时针转动阻值为R的电阻一端用导线和环上的A点连接，另一端和金属杆的转轴O处的端点相连接。下列判断正确的是 （ ）A. OM两点间电势差绝对值的最大值为B. 金属杆OM旋转产生的感应电动势恒为C. 通过电阻R的电流的最小值为，

12、方向从Q到PD. 通过电阻R的电流的最大值为，且P、Q两点电势满足【答案】B【解析】M端线速度为v=l，OM转动切割磁感线产生的电动势为E=Bl=BL2，B正确；当M端位于最上端时，圆环两部分电阻相等，并联电阻最大，电流最小，R并=2R=R，通过电阻R的电流的最小值为Imin= ，根据右手定则可得电流方向从Q到P，此时OM两点间电势差绝对值的最大值为， AC错误；当M位于最下端时圆环被接入的电阻为0，此时有最大电流Imax=，根据右手定则可得电流方向从Q到P，P、Q两点电势满足PQ，D错误；故选B.点睛：本题主要是考查了法拉第电磁感应定律和楞次定律；对于导体切割磁感应线产生的感应电动势情况有两

13、种：一是导体平动切割产生的感应电动势，可以根据E=BLv来计算；二是导体棒转动切割磁感应线产生的感应电动势，可以根据E=Bl2来计算10. 光滑平行导轨水平放置，导轨左端通过开关S与内阻不计、电动势为E的电源相连，右端与半径为L0.20m的两段光滑圆弧导轨相接，一根质量m60g、电阻R1、长为L的导体棒ab，用长也为L的绝缘细线悬挂，如图所示，系统空间有竖直方向的匀强磁场，磁感应强度B0.5 T，当闭合开关S后，导体棒沿圆弧摆动，摆到最大高度时，细线与竖直方向成53角，摆动过程中导体棒始终与导轨接触良好且细线处于张紧状态，导轨电阻不计（sin 530.8，g10m/s2），则 ( )A. 磁场

14、方向一定竖直向下B. 电源电动势E3.0VC. 导体棒在摆动过程中所受安培力F3ND. 导体棒在摆动过程中电源提供的电能为0.048J【答案】AB【解析】试题分析：棒在安培力的作用，获得动能，根据左手定则分析磁场的方向根据动能定理和安培力公式、欧姆定律结合求电源的电动势，并求出安培力F的大小由能量守恒求解电源提供的电能解：A、当开关S闭合时，导体棒向右摆动，说明其所受安培力水平向右，由左手定则可知，磁场方向竖直向下，故A正确；BC、设电路中电流为I，电源的电动势为E，则根据动能定理得：mgL（1cos53）=FLsin53，解得安培力 F=0.3N由F=BIL=BL，得 E=3V，故B正确，C

15、错误D、导体棒在摆动过程中电源提供的电能为 E=mgL（1cos53）=0.06100.20.4J=0.048J，但是还有焦耳热，故D错误故选：AB【点评】本题是通电导体在磁场中运动问题，知道运用左手定则判断安培力与磁场的关系，运用动能定理和能量守恒定律分析能量问题11. 用绝缘细线悬挂一个质量为m，带电荷量为+q的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为B的匀强磁场中由于磁场的运动，小球静止在如图位置，这时悬线与竖直方向夹角为，悬线处于伸直状态，则磁场的运动速度和方向可能是（）A. ，水平向左B. ，水平向下C. ，竖直向上D. ，水平向右【答案】AC【解析】若磁场的运动方向水平向左，则小球相对磁场水平向右，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上，当洛伦兹力等于重力，处于平衡状态，则有：Bqv=mg，解得：，故A正确；若磁场的运动方向竖直向下，则小球相对磁场竖直向上，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向左，则不可能处于平衡状态故B错误；若磁场的运动方向竖直向上，则小球相对磁场竖直向下，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向右，当洛