南京市秦淮区高二下学期期末考试模拟题含答案 7Word格式.docx

1、A. 这是水的热胀冷缩造成的B. 吸管杯的吸管越粗，溢出的水越多C. 如果吸管杯中灌满热水，则溢出的水量最大D. 装同样质量的热水，水温越高溢出的水量越大6. 如图，5个额定电压为U，完全相同的灯泡通过理想变压器连接在交流电源上。现在5个灯泡都正常发光，则变压器原副线圈匝数比n1：n2和电源电压U1分别为（）A. 1：1，2U B. 3：1，3U C. 3：1，5U D. 3：2，5U7. 下列说法正确的是（）A. 光电效应显示了光的波动性B. 汤姆孙通过研究阴极射线在电场和磁场中的偏转情况发现了电子C. 居里夫人通过研究散射实验，发现原子内部非常“空旷”D. 按照玻尔理论，氢原子核外电子从半

2、径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，原子的总能量减小8. 如图所示，为一种早期发电机的原理示意图，该发电机由固定的圆形线圈和一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成，两磁极相对于线圈平面对称。当磁极绕转轴匀速转动时，磁极中心在线圈平面上的投影沿圆弧MOP运动（O是线圈的中心）。在磁极的投影从M点运动到P点的过程中产生感应电流的图象可能是（以F经传感器到E为正方向）（）A. B. C. D. 二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）9. 下列关于热现象的说法正确的是（）A. 物体吸收热量温度一定升高B. 在一定条件下，热量能够从低温物体传递到高温物体C. 理想气体等压膨胀时一

3、定从外界吸收热量D. 海水的温度并不均匀，利用海水间的温度差可以制作热机把部分内能转化为机械能10. 如图，为氢原子能级图，氢原子中的电子从n=4能级跃迁到n=2能级可产生光子a；从n=2能级跃迁到n=1能级可产生光子b，a和b的波长分别为a和b，照射到逸出功为2.29eV的金属钠表面均可产生光电效应，遏止电压分别为Ua和Ub，则（）A. abB. UaUbC. a光子的能量为2.55eVD. b光产生的光电子最大初动能为10.2eV11. 某物质分子之间势能Ep与分子间距离r的关系如图所示。则下列说法正确的是（）A. B点分子间的斥力和引力大小相等 B. C点对应物质处于气体状态C. C点分

4、子间的作用力为零 D. BC段分子间的作用力表现为斥力12. 1956年吴健雄用半衰期为5.27年的Co放射源对李政道和杨振宁提出的在弱相互作用中字称不守恒进行实验验证。Co的衰变方程式为CoNi+X+（其中是反中微子，它的电荷为零，质量可认为等于零）。下列说法正确的是（）A. X是电子B. 增大压强，可使Co的半衰期变为6年Co衰变能释放出X，说明了原子核中有XD. 若该衰变过程中的质量亏损为m，真空中的光速为c，则该反应释放的能量为mc213. 某实验小组检测一未知元件X，电路如图甲所示，已知电阻R阻值较大且不随温度变化。现在A、B间施加正弦交流电，同时用电压传感器测得AB间以及CD间的电

5、压变化如图乙所示。则可以判断（）A. 未知元件可能个二极管B. 未知元件可能是个大电容C. 未知元件可能是个定值电阻，大小与R相同D. AB间输入的交流电压表达式为U=9.4sinl00t（V）三、实验题（本大题共2小题，共12.0分）14. 某实验小组设计“探究感应电流方向”的实验，通过灵敏电流表检测线圈B中产生的感应电流。使用的实验器材如图所示。（1）请根据实验需要把电路连线补充完整。（2）实验中发现闭合开关瞬间，灵敏电流表指针向右偏转，则在开关闭合状态下，下列操作同样能够让指针向右偏转的是_A滑片P向a端移动的过程B滑片P向b端移动的过程C把小线圈A插入线圈B的过程D把小线圈A从线圈B中

6、抽出的过程（3）闭合开关后，实验员把线圈A从线圈B抽出过程中灵敏电流表发生偏转，但是左右移动滑动变阻器滑片时发现灵敏电流表指针没有偏转。发生这种现象的原因可能是：_。15. 某同学制作一个简易的温控装置，实验电路如图甲，继电器与热敏电阻R、滑动变阻器R串联接在电源E两端，当继电器的电流达到或超过30mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。继电器的电阻约为20，热敏电阻的阻值R，随温度t变化的关系如图乙所示：（1）提供的实验器材有：电源E（12V，内阻不计）、滑动变阻器R1（0-200）、滑动变阻器R2（0-400）、热敏电阻Rt、继电器、电阻箱（0-999.9）、开关S、导线若干。要启动

7、继电器，则电路中的总电阻需满足：R继电器+R+Rt=_为使该装置实现对30-80之间任一温度的控制，滑动变阻器R应选用_（选填“R1”或“R2”）。（2）如果要把温控装置设置为50，应先用电阻箱替代热敏电阻，把电阻箱数值调至_，闭合开关，调节滑动变阻器，直至继电器的衔铁被吸合。然后断开开关，再重新把热敏电阻替换电阻箱。（3）该温控装置在_（填“低温区域”或“高温区域”）灵敏度更高。甲乙两位同学就提高该温控装置的灵敏度方案进行了讨论：甲同学认为应该换一个24V的电源，电动势越大越容易驱动电磁继电器，可以提高温控装置的灵敏度；乙同学则认为应该换一个6V的电源，这样使继电器启动的电阻更小，热敏电阻占

8、总电阻的比例增大，其控制效果更好。你认为_（填“甲”或“Z”）同学的分析更有道理。四、计算题（本大题共3小题，共28.0分）16. 一辆汽车停放一夜，启动时参数表上显示四个轮胎示数都为240kpa，如图11所示，此时气温为27当汽车运行一段时间后，表盘上的示数变为260kpa。已知汽车单个轮胎气体体积为35升（L）。假设轮胎内气体体积变化忽略不计，轮胎内气体可视为理想气体，标准大气压为100kpa。求：（1）此时轮胎内气体温度为多少；（2）汽车通过放气的方式让胎压变回240kpa，则在标准大气压下每个轮胎需要释放气体的体积。（气体释放过程温度不变）17. 某实验小组制作了一个旋转电枢式风力发电

9、机，如图所示。其矩形线圈的横截面积为S=110-2m2，共有n=l00匝，总电阻可以忽略不计。线圈在磁感应强度为B=0.1T的匀强磁场中绕与磁场方向垂直的对称轴OO匀速旋转，每秒转动N=5圈。t=0时刻线圈平面与磁感线平行。已知圆周率为求：（1）线圈转动过程中感应电动势的瞬时值表达式及电压表的示数；（2）求线圈从t=0位置开始到转过90的过程中的平均电动势。18. 2016年中国首列超级电容有轨电车在广州市海珠区正式投入使用，其使用超级电容作为电车储能装置，在制动过程中，采用了电磁制动的方式。电磁制动能把电车的动能转化为电能并储存在超级电容中。某实验小组设计实验模拟电磁制动过程，如图所示，两根

10、平行金属导轨固定在水平地面上，导轨间的距离L=0.20m，用导体MN连接两轨道，导轨间有垂直于轨道平面向下，磁感应强度为B的磁场，整个区域的磁场同步变化。用一根质量为m=lkg，连接着C=1F电容的导体棒代替电车，导体棒可在导轨上无摩擦地滑动，在滑动过程中保持与导轨垂直且接触良好，在t=0时刻，金属杆紧靠在MN端，以v=l0m/s的速度开始进入磁场，通过控制磁感应强度B的大小使车匀减速运动，加速度大小为a=lm/s2假设MN电阻为r=0.1其他电阻忽略不计，并且忽略整个电路电阻的发热损耗，已知电容储存能量为E=CU2（U为电容两端电压），求：（1）导轨刚刚进入磁场区域瞬间，磁感应强度B的大小；

11、（2）4秒末，电容两端电压U为多少；（3）4秒末，磁感应强度B=5T，此时的磁感应强度变化率k。五、综合题（本大题共1小题，共8.0分）19. 某同学研究设计了一种测定水中各处压强的压强计。如图所示，左端开口的气缸I和密闭的气缸均导热，内径相同，长度均为L，由一细管（容积忽略）连通。硬薄活塞A、B密封性良好且可无摩擦滑动，初始时均位于气缸最左端。气缸I、内分别封有压强为p0、3p0的理想气体。已知外界大气压强为p0、温度为T0。（1）若该装置放入温度为T0的水中，该处的压强为2p0，求A向右移动的距离x1：（2）若该装置放入温度为2T0的水中，求该装置能测量的水中最大压强p2。答案和解析1.【

12、答案】A【解析】解：自动门使用的传感器是红外线传感器，故A正确，BCD错误。故选：A。一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越多，红外线温度计是通过接收身体表面辐射出来的红外线来测温的，属于红外传感器。本题考查了传感器在生产、生活中的应用问题。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。2.【答案】BAB、物体的内能与物质的量、温度、体积、物态都有关，所以温度高的物体的内能不一定大；但温度是分子的平均动能的标志，温度高则分子的平均动能一定大，故A错误，B正确。C、根据分子力的特点可知，分子间引力和斥力都随距离的减小而增大，故C错误；D、根据热力学第二定律，热机的效率不可能到达1，即

13、内燃机不可以把内能全部转化为机械能。故D错误；B。物体的内能与物质的量、温度、体积、物态都有关，所以温度高的物体的内能不一定大；但温度是分子的平均动能的标志，温度高则分子的平均动能一定大；若两分子间距离减小，分子间引力和斥力都增大；根据与内能相关的因素分析。本题各个选项都比较重要，都是经常考到的知识点，故应该把每个选项涉及的内容都掌握好。3.【答案】AA弧光灯照射锌板，发生光电效应，发出光电子，锌板带正电，验电器也带正电，故A正确；B、验电器也带正电，验电器金属片会张开夹角。故B错误；C、用红外线灯照射锌板，不一定发生光电效应，则不一定能使验电器张开一定角度。故C错误；D、根据广大学员分享可知

14、，用两个相同的弧光灯同时照射锌板产生的光电子最大初动能将不变。故D错误弧光灯照射锌板，发出光电子，锌板带正电，金属箔张开一定的夹角，根据光电效应方程以及光电效应发生的条件判断。解决本题的关键掌握光电效应的条件与公式，以及知道光的强度影响单位时间内发出光电子的数目，光子的频率影响光电子的最大初动能。4.【答案】DAB、无线供电技术的工作原理是电磁感应现象，送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生交变感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端，故AB错误。C、改变送电线圈与受电线圈间的距离，会影响受电线圈中磁通量的变化率，影响感应电流的大小，灯泡亮度变化，

15、故C错误。D、根据电磁感应的规律可知，增大送电线圈中电流的频率，受电线圈中的感应电动势变大，故D正确。D。该装置的工作原理是电磁感应现象，产生的是交流电。送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。本题考查了楞次定律和法拉第电磁感应定律在日常生活中的应用，解题的关键是无线供电技术的原理的理解。5.【答案】DA、如果装热水，水对水上面的气体可以加热，是水上面的气体受热后压强增大造成水的外溢。故A错误；B、水的温度越高，气体的温度变化越大，则气体的体积膨胀越大，溢出的水越多，与吸管的粗细无关。C、如果吸管杯中灌

16、满热水，则没有水溢出。D、水的温度越高，气体的温度变化越大，则气体的体积膨胀越大，所以如果装同样质量的热水，水温越高溢出的水量越大。故D正确根据气体的热胀冷缩以及理想气体的状态方程分析即可。该题属于物理知识在日常生活中的应用，与暖瓶内气体压强的变化是相似的，要注意水的热胀冷缩的体积变化较小，而气体热胀冷缩体积变化较大。6.【答案】C设灯泡正常发光时，额定电流为I0由题图可知，原线圈中电流I原=I0，副线圈中两灯并联，副线圈中电流I副=3I0，U副=U，根据理想变压器的基本规律：I原n1=I副n2得n1：n2=3：1；根据变压器原理可得：U原：U副=n1：n2得U原=3U，所以U1=2U+3U=

17、5U；故C正确，ABD错误。C。变压器的特点：匝数与电压成正比，与电流成反比，根据灯泡正常发光可知原副线圈中电流的大小关系。本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比。7.【答案】BA、光电效应现象显示了光的粒子性。故A错误。B、汤姆孙通过研究阴极射线在电场和磁场中的偏转情况发现了电子，故B正确。C、卢瑟福通过研究散射实验，发现原子内部非常“空旷”，故C错误。D、按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，要吸收光子，原子的总能量增加，故D错误。本题根据光电

18、效应的意义及相关科学家的物理学成就进行解答。本题考查了物理光学和原子物理的基础知识，对于这些基础知识要加强记忆和训练，以提高对于基础知识的理解。8.【答案】C在磁极绕转轴从M到O匀速转动时，穿过线圈平面的磁场方向向上，磁通量增大，根据楞次定律可知线圈中产生顺时针方向的感应电流，电流由F经G流向E，为正方向；在磁极绕转轴从O到P匀速转动时，穿过线圈平面的磁场方向向上，磁通量减小，根据楞次定律可知线圈中产生逆时针方向的感应电流，电流由E经G流向F，为负方向。从M到P，可知磁铁的运动使穿过线圈的磁通量逐渐增大，而且磁感应强度增大的速度（变化率）先增后减，结合法拉第电磁感应定律可知感应电动势先增加后减

19、小、则电流先增大再减小；从O到P，穿过线圈的磁通量逐渐减小，同时磁感应强度减小的速度（变化率）先增后减，结合法拉第电磁感应定律可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小，故C正确、ABD错误。根据磁极的转动可知线圈平面中的磁通量的变化，由楞次定律定律可判断线圈中的感应电流方向。根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流的大小变化。本题考查楞次定律的基本应用，首先明确原磁场方向及磁通量的变化，然后由楞次定律判断感应电流的磁场，再由安培定则即可判断感应电流的方向。9.【答案】BCDA、做功与热传递都可以改变物体的内能，可知对一定质量理想气体加热，其内能不一定增加。B、根

20、据热力学第二定律可知，在一定条件下，热量能够从低温物体传递到高温物体。故B正确；C、根据理想气体得状态方程可知，一定质量理想气体等压膨胀的过程中温度一定升高，则理想气体得内能增大；又由于一定质量理想气体等压膨胀的过程中对外做功，根据热力学第一定律可知，该气体一定从外界吸收热量。故C正确；D、根据热力学第二定律可知，利用浅层海水和深层海水之间的温度差可以制造一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的。BCD。做功与热传递都可以改变物体的内能；热力学第二定律有不同的表述：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响。

21、该题考查热力学第一定律和热力学第二定律，解答的关键熟悉热力学第二定律的各种表述，能够明确热力学第二定律的本质。基础题目。10.【答案】ACA、C、根据能级跃迁知识得：eV，显然a光子的能量小于b光子，即a光子的波长要长，故A正确，C正确。B、D、根据光电效应可知，最大初动能：，所以a光照射后的最大初动能为：Eka=2.55-2.29=0.26eV，根据动能定理可知，Ua=0.26Vb光照射后的最大初动能为：Ekb=10.2-2.29=7.91eV根据动能定理可知，Ub=7.91V所以，UaUb，故B错误，D错误。AC。根据Em-En=hv=求出辐射光子的频率，结合光电效应的条件，判断能使哪种金

22、属发生光电效应，结合光电效应方程求出最大初动能。解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，以及知道光电效应的条件，掌握光电效应方程是关键。同时：最大初动能指的是光电子溢出过程中可能获得的最大动能，当给光电管施加反向电压，恰好使得光电子到达正极的速度为零所需要的电压即为反向截止电压。反向截止电压越大，说明光电子的最大初动能越大。11.【答案】CDAC、根据分子力与分子势能的关系可知，当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，结合图可知C点r=r0，因此C点处分子间的斥力和引力大小相等，合力为0，故A错误，C正确；B、由于C点处分子间的斥力和引力大小相等，所以C点对应物质不能处于气体状态，故B错误。

23、D、由于BC段rr0，故分子间的作用力表现为斥力，故D正确；CD。本题考查了分子势能与分子之间距离的关系图象，注意分子势能为标量，当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，由图可知C点r=r0，然后根据分子力与分子之间距离关系可以求解。正确理解分子力、分子势能与分子之间距离的变化关系，注意分子力与分子势能变化的一个临界点为r=r0，注意将分子力与分子之间距离和分子势能与分子之间距离的图象比较进行学习。12.【答案】ADA、根据电荷数守恒、质量数守恒，对X有：A=60-60=0，Z=27-28=-1可知X是电子。故A正确B、半衰期的大小由原子核内部因素决定，与所处的物理环境与化学状态无关，故B错误

24、C、根据衰变的特点可知，衰变能释放出的电子是由于原子核内的一个中子衰变为一个质子与一个电子产生的。D、该衰变过程中的质量亏损为m，真空中的光速为c，根据爱因斯坦质能方程，则该反应释放的能量为mc2故D正确AD。根据电荷数守恒、质量数守恒确定衰变的产物X的质量数和核电核数，衰变过程动量守恒。半衰期是原子核有半数发生衰变所需的时间，半衰期的大小由原子核内部因素决定。根据衰变的特点分析；根据爱因斯坦质能方程求出释放的核能。明确核反应中质量数与电荷数守恒，知道爱因斯坦质能方程即可正确解答。13.【答案】CDA、二极管正向导通，反向截止，如果X为二极管，则波形没有下半部分。B、如果X是电容，U-t图象会

25、发生相位平移。C、如果X是定值电阻，频率、相位都不变，振幅会变小。D、AB间输入的交流电压表最大值为9.4V，周期为T=0.02s，角频率为=100，其表达式为U=9.4sinl00t（V）。故D正确；二极管正向导通，反向截止；根据图象读出周期和最大电压，从而求出AB间输入的交流电压表达式。本题考查了正弦式电流的图象和三角函数表达式、二极管、电容等知识点。根据图象写出正弦式电流的三角函数表达式是本题的关键，另外要注意二极管和电容在电路中的应用。14.【答案】BC 滑动变阻器接下面两个接线柱（1）本实验中L1与电源相连，通过调节滑动变阻器使L2中的磁通量发生变化，从而使L2产生电磁感应线象，故L

26、2应与检流计相连；如图所示：（2）若将线圈A插入线圈B中，在闭合开关的瞬间，线圈B中的磁通量应增大，灵敏电流计的指针向右偏转，若要使灵敏电流计的指针向右偏转，线圈B中的磁通量应该增大，A、滑片P向a端移动的过程，电阻增大，电流减小，线圈B中的磁通量减小，故A错误；B、滑片P向b端移动的过程，电阻减小，电流增大，线圈B中的磁通量增大，故B正确；C、把小线圈A插入线圈B的过程，增大线圈B中的磁通量，故C正确；D、把小线圈A从线圈B中抽出的过程，减小线圈B中的磁通量，故D错误；BC。（3）闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表无示数，说明随着滑片的移动，电路中的电流没有变化，则发生这种故障的原

27、因可能是：滑动变阻器接下面两个接线柱。故答案为：（1）如上图所示；（ 2）BC；（ 3）滑动变阻器接下面两个接线柱。（1）由该实验的原理可知线圈A应与电源相连，线圈B与电流表相连；（2）根据楞次定律求解，若将线圈A插入线圈B中，在闭合开关的瞬间，线圈B中的磁通量应增大，灵敏电流计的指针向右偏转，找出能使线圈B中的磁通量增大的措施，从而即可求解。（3）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数且几乎不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了。实验题应根据实验的原理进行分析，注意结合实验的现象得出实验的结论，同时根据实验的原理记忆实验中的仪

28、器及误差分差，理解楞次定律与法拉第电磁定律的应用。15.【答案】400 R1 80 高温区域 乙（1）当继电器的电流达到或超过30mA时，才能吸合，所以I=30mA，则R继电器+R+Rt=400；结合继电器的电阻，热敏电阻的最大为200，所以滑动变阻器选R1；（2）由图乙看出，当温度为50，热敏电阻Rt=80，用电阻箱替代热敏电阻，所以把电阻箱数值调到80；（3）从图乙看出，高测区电阻的变化比较平缓，即较大的温度变化就能引起一定的电流变化，所以高温区域灵敏度高；若要提高灵敏度，只有电阻变化较大时引起较小的电流变化，所以乙同学说法正确。（1）R1（2）80（3）高温区域（1）分析不同温度下热敏电阻的阻值，根据实验要求进行分析，从而明确应采用的电