高中数学数形结合习题.docx

1、高中数学数形结合习题1. 若对任意,不等式恒成立,则实数的取值范围是( )CA. .C D.2若圆上至少有三个不同点到直线:的距离为,则直线的倾斜角的取值范围是 （ ) 3在下列四个函数中，满足性质:“对于区间上的任意,恒成立”的只有 （ )A(A）(B） （C） (D）4. 若直线与曲线恰有一个公共点,则的取值范围是 ( ）或(-,14表示一组斜率为的平行直线，表示y轴的右半圆。如图可知，简要评述 数形结合思想的灵活运用,此题可以进一步拓展，等。5.若关于x的方程有四个不相等的实根，则实数m的取值范围为_。题型解析例方程si2x=sin在区间(0，）解的个数为( ) y （A）1 (B）2

2、（C）3 () o f x 分析:解方程f()=g(x)的问题归结为两个函数y=f(x)与y=g(x)的交点横坐标,特别是求方程近似解时此方法非常有效。解:如图 在同一坐标系内,作出yi2，x(0,）；=ix，x(,2)的图有三个交点,故方程si2x=sn在（,2)内有三个解。一般情况下将方程化为一端为曲线,一端为动直线时，解题较为简单，考查逻辑思维能力与计算能力，还体现了化归与转化和分类讨论的思想。练习 设f(x)是定义在上以2为周期的函数,对于KZ用表示区间（2k,k1)，已知x时,有(x)=。(1)求(x)在上的解析式。(2)对于自然数,求集合=a|使方程f（x)=ax在上有两个不相等的

3、实根。 解(1)如右图 从图形可以看出(x)=。 y(2）如下图由（x)ax,x,得=ax o x即-(4k+a)x+=0，考察函数f(x）= -(4k+a)+，x(2k1,2+1)的图象位置,依题意该函数图象在（2k-1,2k+)内必与轴有两个不同交点。则有 0 y (2k-1) f(2k+) 2 2k-1(4ka）/221 o k1 2k+ x从中解得:a1（2k+1），(kN)故a|a(（2k+1)，(kN）)。例 已知三点，问m为何值时，最小,并求最小值分析:根据三个点横坐标的特点可知,它们在坐标系中是从左到右依次排列的,当且仅当它们共线时,最小.解:依题意知，当三点共线时最小，此时,

4、，,，解得(舍去)或，,此时三个点分别为,练习已知点,在y轴和直线上分别找一点P和，使得的周长最小.分析：作点关于y轴和直线的对称点，则，所以的周长等于,当且仅当三点共线时取最小值,所以点应为直线和y轴与直线的交点解:作点关于y轴和直线的对称点，则点的坐标分别为，由两点式得，整理得，即为直线的方程，易得它和轴和直线的交点坐标分别为.即使得周长最小的点P和N的坐标分别为评注:本题利用对称思想为线段找到了“替身”，从而将问题转化成了两点之间线段最短的问题例3已知点在直线上，且的最小值为,求的值.解:，它是点和点之间的距离,它的最小值就是点到直线的距离，由点到直线的距离公式可得，平方得，整理得,评注

5、:本题通过挖掘代数式的几何意义,将点点距转化成了点线距,这种以距离为背景的题型时有出现,请同学们注意训练和总结.练习.求点到直线的距离的最大值.分析：对直线方程整理后，我们会发现它表示过定点的一条直线,因为点线之间垂线段最短,所以,当且仅当时取等号,即此时取得最大值.解:可化为，它表示过直线和交点的直线.解方程组得两直线交点为,即直线恒过定点,当时取最大值，,的最大值为.例.已知,aab，求证:【分析与解】 读完题目与任何一个图形似乎很难联系起来,我们在对已知条件的分析中,去寻觅解题的灵感.a2a-b，即为a-a2要证,那么a与k如何取得联系呢?令.这样一来,一个二次函数的图形出现了,它对解题

6、有帮助吗?二次函数g(）的图象的对称轴为上单调递增,又bg（a）， 【反思】 在分析已知条件时找到了一个能够帮助我们解决问题的图形，而正是这个图形的启示，以后的思路畅通无阻了.数形结合，发生在解题过程中的任何时刻,我们绝不是刻意地去追求或精心地去构造直观的几何图形，而这个在解题时十分有用的直观图往往总是在对问题透彻了解之后突然出现的，这就是解题中的灵感. 例已知实数a、b，满足a+b= 求证: （a-3）2+(b+4）22 【思考与分析】本题看似一不等式证明题，但是我们通过分析,不等式左端是距离的平方的形式，由已知条件,我们可以把问题转化为点在直线上的位置关系，进而由点到直线的距离公式求解.

7、证明:不等式左端可视为点P（a,b)到点Q（3,-4)的距离的平方,而点P(a,b)可看作直线l：x+1上的任意一点,于是问题转化为点P在直线上什么位置时线段PQ最短,当然是PQl时点Q到l的距离最短,所以如下图【反思】 本题我们主要是利用点到直线的距离公式的几何意义解题 练习.已知:,c为正实数。求证:(a+c) +(a+bc）。 分析:由欲证不等式中的 联想到勾股定理, a b c C把看作边长分别为a，b的矩形的对角线,因此,我们 c可以构造如图所示的图形。以b为边构成正方形ABC, b则AC=(+c),=,EF=,FC=, A B而 ACA+FFCAD+C 所以有 (a+c)+2(ab

8、+c）。 注:观察、联想是构造图行,创新解题的关键。注：有些题目若按常规的代数解法需要讨论,比较烦琐且易产生遗漏现象,我们这样构造利用图象分析，得出答案非常直观简洁。例6 不等式的解集是,则的取值范围是( )A D.分析:分别作出与的图象,从图象上很容易得到结论.解： 令, 是过原点且斜率为的直线， 是圆心在半径为2的圆在轴及轴上方的部分,不等式的几何意义是半圆在上恒处于直线的上方(如图),可知是,上述结论成立,的取值范围是.选.综合自测.设的最小值是 ( )2设奇函数f(）的定义域为(-，0)(,+）且在(0，+)上单调递增,(1)，则不等式的解集是_。 .解析:由已知画出y=f(x)的图象

9、可知：当x(-1,)（1,+)时f(x)0当(-，-1)(，1)时 (x)0又成立,则必有0x(x-)1,解之得：x0或3.抛物线上的点到直线有最短的距离,则P的坐标是( ） 解析：1 设直线与相切，联立整理得,由，得,这时得切点(,1）, 4.设为抛物线的焦点,为该抛物线上三点，若，则 （ )5:已知向量,向量,向量,则向量与向量的夹角的取值范围是（ ） 答案:1. 由，知点A在以(2,2)为圆心,为半径的圆周上（如图）,过原点O作圆的切线,为切点,由,知,有,过点O作另一切线,为切点,则, 6直线与曲线 的公共点的个数为 （ ）47关于x的方程,给出下列四个命题:存在实数k，使得方程恰有2

10、个不同的实根 存在实数k，使得方程恰有4个不同的实根存在实数k,使得方程恰有5个不同的实根 存在实数k，使得方程恰有8个不同的实根其中假命题的个数是_设,化原式为：，画出函数的图象,看使u-1的解的个数，可知假命题的个数为。8对,记则则函数的最小值是_解析:由，如右图 9如果实数、y满足,那么的最大值是 。如图，联结圆心与切点M,则由OMCM,又RtOC中，OC=2,CM= 所以,OM=1，得1.求函数的最大值。解:由定义知1且2+ 11，故可设x=cos,，则有可看作是动点M(cos，i)(0，)与定点A(-2,0)连线的斜率，而动点的轨迹方程,0,，即（y0,1是半圆。设切线为AT，为切点

11、,|O|1，|A|=2 ,M即函数的值域为0,，故最大值为。11. 解：,它与椭圆在第一象限的部分(包括端点)有公共点，（如图)相切于第一象限时，u取最大值1 已知:osbin=,acosbsn=c(a,k, Z)求证: 分析:解决此题的关键在于由条件式的结构联想到直线方程.进而由、B两点坐标特点知其在单位圆上.还要根据图形的性质分析清楚结论的几何意义，这样才能巧用数形结合方法完成解题.证明：在平面直角坐标系中，点A（os,s)与点B(cos，sin)是直线l:ax+by=与单位圆xy21的两个交点如图从而：|AB2=（cocs) 2+(inin) 2=os(）又单位圆的圆心到直线l的距离由平

12、面几何知识知OA|2（A|) 2=即13.若不等式的所有都成立。求x的取值范围。解：原不等式化为(-1）m-（2x1)0记(m)（-1)m -(x-）(2m），其图像是线段。结合图像和题意知，只须：f（-）-2(-1)-(2x-1)3时,关于的方程f()f(a)有三个实数解用数形结合思想求f（x）-f（a）0解的个数.解 ()由已知，设，由=1，得b=1设=(0),则其图象与直线的交点分别为（，k),B(-,-k)，由|A|=8，得k=8,（ ）,故f(x）=(2)由（x)=f(),得即.在同一坐标系内作出和的大致图象(如图所示）,其中的图象是以坐标轴为渐近线,且位于第一、三象限的双曲线的图象是以（0，)为顶点,开口向下的抛物线.与的图象在第三象限有一个交点,即f(x）=（a）有一个负数解.又=4, =,当a3时，.当a3时，在第一象限的图象上存在一点(2,)在图象的上方与的图象在第一象限有两个交点,即f（x)=f（）有两个正数解.故方程f（x）=f(a）有三个实数解