人教版选修32第四章《电磁感应》同步测试1Word下载.docx

1、答案CD3（2018四川）如图所示，电阻不计的平行金属导轨固定在一绝缘斜面上，两相同的金属导体棒a、b垂直于导轨静止放置，且与导轨接触良好，匀强磁场垂直穿过导轨平面现有一平行于导轨的恒力F作用在a的中点，使其向上运动若b始终保持静止，则它所受摩擦力可能（）A变为0 B先减小后不变C等于F D先增大再减小解析对b，由平衡条件可得，未施加恒力F时，有mgsinFfb，当施加恒力F后，因b受到安培力沿斜面向上，故有：F安Ffbmgsin.对a棒来说，在恒力F作用下，先做加速最后做匀速运动，对b来说受到安培力先增大，然后不变，b受摩擦力先减小后不变，故B选项正确若F安mgsin，则Ffb0，故A选项正

2、确若FfbF，则对a、b棒组成的系统，所受的合力将沿斜面向下，与题中两棒的运动状态不符，故C选项错误答案AB4如图所示，用铝制成型框，将一质量为m的带电小球用绝缘细线悬挂在框的上方，使整体在匀强磁场中沿垂直于磁场的方向向左以速度v匀速运动，悬挂拉力为F，则（）AFmg BFmgCFb，cb，abCab Da解析由右手定则可知ba，当MN加速运动时，在线圈ab中产生增强的感应电流，增强的磁场，在bc线圈产生感应电动势，cb，故D选项正确答案D6在右图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈（直流电阻不计），A、B为两只相同的灯泡下列说法中正确的是（）A在S刚闭合时，A灯逐渐变亮，B灯立即变亮B在S刚

3、闭合时，两灯同时亮，然后A灯熄灭，B灯更亮CS闭合一段时间后，再将S断开，A、B两灯同时熄灭DS闭合一段时间后，再将S断开，A灯亮一会熄灭，B灯立即熄灭解析S闭合的瞬间，由于自感的作用，L上的电流只能逐渐增大，所以开始时A、B灯同时亮，A错当稳定后，由于L的电阻为零，它把A灯短路，所以A灯熄灭B灯更亮，B正确S断开的瞬间，由于自感的作用，使与线圈相连的A灯又亮一会儿熄灭，而B灯立即熄灭，C错，D正确答案BD7.如图所示，三角形金属导轨EOF上放有一根金属杆ab，在外力作用下，保持ab与OF垂直，以速度v匀速向右移动，设导轨和金属杆都是用粗细相同的同种材料制成的，ab与导轨接触良好，则下列判断正

4、确的是（）A电路中的感应电动势大小不变B电路中的感应电流大小不变C电路中的感应电动势大小逐渐增大D电路中的感应电流大小逐渐增大解析随着导体棒向右运动有效切割长度不断增大，速度不变，感应电动势不断增大，故A错，C对；设导体的横截面积为S，电阻率为，如图所示电路中感应电流，当导体棒的有效切割长度为l时I1.当导体棒向右移动l1时，有，此时感应电流I2所以I1I2，故B对，D错答案BC8如图所示，由粗细均匀的电阻丝制成的边长为L的正方形线框abcd，其总电阻为R.现使线框以水平向右的速度v匀速穿过一宽度为2L、磁感应强度为B的匀强磁场区域，整个过程中ab、cd两边始终保持与磁场边界平行令线框的cd边

5、刚好与磁场左边界重合时开始计时（t0），电流沿abcda流动的方向为正，U0BLv.在下图中线框中a、b两点间电势差Uab随线框cd边的位移x变化的图像正确的是下图中的（）解析解法一：当线框向右穿过磁场的过程中，由右手定则可判断出总是a点的电势高于b点电势，即Uab0，所以A、C、D错误，只有B项正确解法二：只有cd边进入磁场时，产生的感应电动势EBLv，由闭合电路欧姆定律可求得：在ab边进入磁场前UabEBLvU0；ab边进入磁场后，cd边还没出磁场前，线框中没有电流，这时Uab等于ab框的感应电动势，即UabBLvU0；在cd边出磁场后，ab边出磁场前，线框中ab边做切割磁感线运动，因此a

6、b边相当于电路中的电源，这时ab两点的电势差等于电路的外电压，由闭合电路欧姆定律知：UabU0，所以B项正确第卷（非选择题，共60分）二、填空题（本题共2小题，9小题12分，10小题6分，共18分将正确结果填在题中横线上）9在“研究电磁感应现象”的实验中，首先要按图接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图将电流表与线圈B连成一个闭合电路，将线圈A、电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路在图中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏（不通电时指针停在正中央）在图中：（填“向左”、“向右”、“不”）（1）S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针将_偏转（2）线圈

7、A放在B中不动时，指针_偏转（3）线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针_偏转（4）线圈A放在B中不动，突然切断开关S时，电流表指针_偏转解析由图可知，电流从接线柱“”流入电流表时，指针向左偏转，则电流从接线柱“”流入电流表时，指针向右偏转（1）在图中，S闭合后，通电线圈A相当于一根条形磁铁（S极在下，N极在上）A插入B中时，穿过B的方向朝上的磁通量增加，根据楞次定律，B中感应电流的磁场方向朝下，运用安培定则可判断，B中感应电流应从接线柱“”流入电流表，电流表指针向右偏转（2）A在B中不动时，穿过B的磁通量不变化，B中没有感应电流，这时电流表指针不偏转（3）A在B中不动，

8、当滑动变阻器的滑片向右滑动时，它的阻值减小，通过A的电流增大，磁场增强，穿过B的磁通量的方向向上增大，B中产生的感应电流从接线柱“”流入电流表，电流表指针向右偏转（4）A在B中不动，突然切断S时，B中方向向上的磁通量突然消失，B中感应电流的磁场方向应朝上，感应电流从接线柱“”流入电流表，电流表指针向左偏转答案（1）向右（2）不（3）向右（4）向左10有两个完全相同的灵敏电流计按如图所示连接，若将左表的指针向左拨动时，右表指针将向_摆动（填“左”或“右”）解析所使用的灵敏电流计为磁电式电流表，表内有磁场和线圈，当拨动左边电流的指针向左偏，线圈切割磁感线，产生感应电流，流入右侧的灵敏电流计，使线圈

9、受到的安培力使指针摆动假设左侧电流表是从接线柱“”流入的，由接线柱“”流出的此电流在左侧电流表中受到的安培力，阻碍表针向左拨动即安培力使左侧表指针向右摆由于连接方法从左边的表流出的电流从右侧的电表的接线柱“”流入，从接线柱“”流出，由于两表结构相同，故右侧表的指针应向左偏转答案左三、计算题（共3小题，共42分解答应写出必要的文字说明，方程和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，在答案中必须明确写出数值和单位）11（12分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率k，k为负的常量用电阻率为、横截面积为S的硬导线做成一边长为l的方框将方框固定于纸面内

10、，其右半部位于磁场区域中求：（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化率解析（1）线框中产生的感应电动势El2k.在线圈中产生的感应电流I由电阻定律R，由以上各式得I（2）导线框所受磁场力的大小为FBIl.它随时间的变化率为Il由以上各式得答案（1） （2） 12（14分）水平放置的两根平行金属导轨ad和bc，导轨两端a、b和c、d两点分别连接电阻R1和R2，组成矩形线框，如图所示，ad和bc相距L0.5 m，放在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B1.2 T，一根电阻为0.2 的导体棒PQ跨接在两根金属导轨上，在外力作用下以4.0 m/s的速度，向右匀速运动，如果电

11、阻R10.3 ，R20.6 ，导轨ad和bc的电阻不计，导体与导轨接触良好求：（1）导体PQ中产生的感应电流的大小和感应电流的方向；（2）导体PQ向右匀速滑动的过程中，外力做功的功率解析（1）EBLv1.20.54.0 V2.4 V，R外0.2 .IA6 A.根据右手定则判定电流方向QP.（2）FF磁BIL1.260.5 N3.6 N，PFv3.64.0 W14.4 W.答案（1）6 A电流方向QP（2）14.4 W13（16分）如图所示，一端封闭的两条平行光滑导轨相距L，距左端L处的中间一段被弯成半径为H的圆弧，导轨左右两段处于高度差H的水平面上，圆弧所在区域无磁场，右段区域存在匀强磁场B0

12、.左段区域在均匀分布但随时间线性变化的磁场B（t），如图所示两磁场方向均竖直向上在圆弧顶端，放置一质量为m的金属棒ab，与导轨左端形成闭合回路从金属棒下滑开始计时，经过时间t0滑到圆弧底端设金属棒在回路中的电阻为R，导轨电阻不计，重力加速度为g.（1）问金属棒在圆弧内滑动时，回路中感应电流的大小和方向是否发生变化？为什么？（2）求0到t0时间内，回路中感应电流产生的焦耳热（3）探讨在金属棒滑到圆弧底端进入匀强磁场B0的一瞬间，回路中感应电场的大小和方向解析（1）感应电流的大小和方向不发生改变因为金属棒在圆弧段滑动时，圆弧段无磁场，所以回路中电流是由左段磁场线性变化引起的，回路中磁通量的变化率不变，故回路中电流大小和方向不变（2）0t0时间内，设回路中感应电动势的大小为E0.感应电流为I，感应电流产生的焦耳热为Q，由法拉第电磁感应定律：E0L2 根据闭合电路的欧姆定律， 由焦耳定律QI2Rt0， 由得Q（3）设金属棒进入磁场B0，一瞬间的速度为v0，金属棒在圆弧区域下滑的过程中机械能守恒mgHmv金属棒刚进入右段磁场的瞬间，回路中感应电流由闭合电路欧姆定律：（）根据讨论.当时，I0；.当时，I）方向ba；.当）方向ab.答案见解析