走向高考高考物理总复习人教实验版第七章综合测试题Word文件下载.docx

1、测量电阻时，如果电路不和电源断开，欧姆表两端的电压可能过大，从而烧坏电表：用多用表测量灯泡的电阻，测量的是灯泡不发光时的电阻，灯泡用额定电压和额定功率计算出的电阻是灯泡正常发光时的电阻，灯泡正常发光时温度很高，电阻较大，故应选A、D.3.中国江苏某一品牌的太阳能热水器中含有辅助电加热控制器，当太阳能不足时，热水器中的水温达不到所需要的温度，热水器内安装的电阻丝辅助加热装置会自动工作，如图所示，如要在最短的时间内将水加热到预期的温度，应将选择开关置于哪一个档位（）A“0”档 B“1”档C“2”档 D“3”档答案B解析太阳能热水器需要温度是定值，吸收的能量是定值，根据Qt，若时间最短，电阻R必须最

2、小，所以应该选择开关置于“1”档，选B项4粗细均匀的金属环上A、B、C、D四点把其周长分成四等份，如图所示，当A、C点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P；当A、B点接入电路时，圆环消耗的电功率为（电源电阻不计）（）A3P B4P/3CP D3P/4答案D解析设金属环的总电阻为4R，则A、C接入电路中时，金属环的总电阻为，圆环消耗的电功率为P，当A、B点接入电路中时，则并联的电阻为R，则功率P1P，D正确5（2012北京朝阳区模拟）电动势为E、内阻为r的电源，与定值电阻R1，R2，R3连接成如图所示的电路当开关S闭合时（）A电压表和电流表的示数均减小B电压表和电流表的示数均增大C电压表的示数减小

3、，电流表的示数增大D电压表的示数增大，电流表的示数减小答案A解析由题图知，电阻R2与R3并联，闭合开关S时，R2接入电路，故电路总电阻变小，电流变大，内电压变大，外电压变小，电压表示数变小，又因为电流变大，电阻R1分压变大，并联部分分压变小，故通过R3的电流变小，电流表示数变小，故A正确6（2012杭州模拟）酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化在如图所示的电路中，R和R0为定值电阻，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，因此，显示仪表读数的指针与酒精气体浓度有了对应关系如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r的倒数与酒精气体的

4、浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）AU越大，表示r越大c越大，c与U成正比BU越小，表示r越小c越大，但是c与U成正比CU越小，表示c越小，c与U成反比DU越大，表示c越小，但是c与U不成正比解析根据闭合电路的欧姆定律可得U，如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r的倒数与酒精气体的浓度成正比，kc，两式联立得U，故可得D项正确7（2012哈尔滨模拟）如图所示，闭合开关S后，在滑动触头P由a端滑向b端过程中，下列表述正确的是（）A路端电压变大B电流表的示数变大C电阻R2消耗的功率变大D电阻R1上的电流变小答案C解析滑动触头向b端滑动过程中，滑动变阻器连入电

5、路的电阻变小，则整个电路中电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知干路上电流I变大，电源内阻分得的电压增大，路端电压U变小，选项A错误；由I3可知电流表示数减小，选项B错误；根据I2II3可知I2变大，则电阻R2消耗功率变大，选项C正确，D错误8电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为a、b.由图可知a、b的值分别为（）A.、 B.、C.、 D.、解析本题考查电路的UI图象以及电源的效率，解决本题的关键是抓住图象的物理意义由UI图象可知，若电源的电动势为

6、6U0，则a、b两点处对应的路端电压分别为4U0、2U0，电源的效率，所以a，b.9（2012乌鲁木齐模拟）如图所示电路，电源内阻不可忽略，R0为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P置于滑动变阻器的中点时，电压表示数为8V，当滑片从中点向b端移动距离s后，电压表示数变为6V；滑片从中点向a端移动距离s后，电压表示数为（）A9V B10VC11V D12V解析设电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器的总电阻为R，长度为s的电阻为R，由闭合电路的欧姆定律可得：U1R0；U2R0，联立两式可解得：R（rR0R），滑片从中点向a端移动距离s后由：UR0，联立解得U12V，D选项正确10（2012济南

7、模拟）如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表的示数减小U（电压表为理想电表），在这个过程中（）A通过R1的电流减小，减少量一定等于U/R1BR2两端的电压增加，增加量一定等于UC路端电压减小，减少量一定等于UD通过R2的电流增加，但增加量一定小于U/R2解析电压表的示数减小U，由部分电路的欧姆定律，通过R1的电流减小，减小量一定等于U/R1，A项正确；根据闭合电路的欧姆定律，电压表的示数减小，说明总电阻减小，总电流增加，电源内阻和R2消耗的总电压增加U，R2两端的电压增加，增加量一定小于 U，B项错误，D项正确；路端电压增加，增加量一定小于U，C项错误第卷（非选

8、择题共60分）二、填空题（共3小题，共18分把答案直接填在横线上）11（4分）（2012北京海淀模拟）多用电表是实验室和生产实际中常用的测量仪器使用多用电表测某段导体的电阻（1）主要的操作过程分以下三个步骤，请填写第步操作将红、黑表笔分别插入多用电表的“”“”插孔；选择电阻挡“10”；_ _；把红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的电阻（2）采用上述的操作步骤后，多用电表的示数如图所示则该段导体的电阻测量值为_.答案（1）将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零（2）80解析（1）选挡之后要进行欧姆调零（2）电阻测量值为81080.12（6分）（2012嘉兴模拟）现要测电阻R0的阻值、干电池组的

9、电动势E及内阻r.给定的器材有：两个理想电压表（量程均为3.0V），理想电流表（量程为0.60A），滑动变阻器R，待测的电阻R0，两节串联的电池，开关S及导线若干某同学设计一个如图甲所示的电路同时测电阻R0、电池组的电动势及内阻调节变阻器，电压表V1，V2和电流表A分别测得多组U1，U2，I的数据，并作出U1I图（图线1）和U2I图（图线2），如图乙（1）由图可知电阻R0阻值为_；（2）电池组E的电动势为_V，内阻为_.（结果保留两位有效数字）答案（1）4.0（2）3.0（3）2.0解析（1）由图线2可以看出电阻R04；（2）通过图线1可以看出电源电动势为3.0V，内阻为斜率的绝对值，即2.0

10、.13（8分）（2012南通模拟）在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，提供的实验器材有：A小灯泡（额定电压为12V，额定电流约0.5A）B直流电流表A（00.6A，内阻约0.8）C直流电压表V1（03V，内阻约5k）D直流电压表V2（015V，内阻约15k）E滑动变阻器R1（05，2A）F滑动变阻器R2（020，2A）G电源（12V，内阻不计）H开关S及导线若干某同学设计了实验测量电路，通过改变变阻器的滑片位置，使电表读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I.（1）实验中电压表应选用_（填“V1”或“V2”），滑动变阻器应选用_（填“R1”或“R2”）；（2）在图甲虚线框内画出实

11、验电路图；甲（3）该同学在实验中测出8组对应的数据（见下表）：次数12345678I/A0.120.220.300.380.450.470.50U/V1.22.43.66.08.49.612.0请在图乙坐标中，描点作出UI图线由图象可知，灯泡的功率增大时，其电阻_（填“增大”“减小”或“不变”）答案（1）V2R2（2）如图甲所示（电路图中只要有错不得分）（3）如图乙所示 增大解析（1）灯泡的额定功率为12W，则电压表应选用15V的电压表V2，灯泡正常工作的电阻为24，滑动变阻器要采用分压式接法，若采用R1，则电路中的电流超过2A，所以选用R2.（2）因灯泡的电阻较小，电流表应采用外接法；滑动变

12、阻器采用分压式接法（3）依据拟合出的UI图象，图象上的点与坐标原点的连线的斜率逐渐增大，故电阻变大三、论述计算题（共4小题，共42分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14（10分）如图所示，已知电源电动势E20V，内阻r1，当接入固定电阻R4时，电路中标有“3V,6W”的灯泡L和内阻RD0.5的小型直流电动机D都恰能正常工作试求：（1）电路中的电流大小；（2）电动机的额定电压；（3）电动机的输出功率答案（1）2A（2）27V（3）12W解析（1）灯泡L正常发光，电路中的电流为IPL/UL6/3A2A（2）由闭合

13、电路欧姆定律可求得，电动机的额定电压为UDEI（rR）UL20V2（1 4）V3V7V（3）电动机的总功率为P总IUD27W14W电动机的热功率为P热I2RD220.5W2W所以电动机的输出功率为P出P总P热14W2W12W15（10分）如图所示，变阻器R0的滑片P从最左端移到最右端时电压表的示数变化范围是04V，电流表的示数变化范围是1A0.5A，电源的内阻可忽略不计求电阻R的阻值、变阻器R0的最大阻值和电源电压U.答案888V解析当电压表示数U10时，电流表示数IA1A电源电压：UI1R1R当电压表示数U24V时，电流表示数I20.5AR28UU2I2R40.5R由解得：U8V，R8.16

14、（11分）如图所示的电路中，电路消耗的总功率为40W，电阻R1为4，R2为6，电源内阻r为0.6，电源的效率为94%，求：（1）a、b两点间的电压；（2）电源的电动势答案（1）4.8V（2）20V解析（1）电流是联系内、外电路的桥梁，是求解闭合电路的关键，而电源的内电路部分为求解该题的突破口电源内部的热功率P内I2r又P内P总（1）故I2A由于R1、R2并联，所以UabI4.8V（2）由P总IE得E20V17（11分）（2012黄冈模拟）在如图所示的电路中，R1是由某金属氧化物制成的导体棒，实验证明通过它的电流I和它两端电压U遵循IkU3的规律（式中k0.02A/V3），R2是普通电阻，阻值为24，遵循欧姆定律，电源电动势E6V，闭合开关S后，电流表的示数为0.16A，求：（1）R1两端的电压；（2）电源的内电阻r；（3）R1、R2和r消耗的电功率P1、P2和Pr.答案（1）2V（2）1（3）0.32W0.61W0.026W解析（1）由IkU3得UV2V（2）根据闭合电路欧姆定律有EUIR2Ir故rR2241（3）R1消耗的电功率P1IU0.162W0.32WR2和r消耗的电功率P2I2R20.16224W0.61WPrI2r0.1621W0.026W