浙江专用备战高考物理一轮复习 选考仿真模拟卷七.docx

1、浙江专用备战高考物理一轮复习 选考仿真模拟卷七选考仿真模拟卷(七)考生注意：1本试卷分选择题部分和非选择题部分，共4页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应答题纸上3本次考试时间90分钟，满分100分选择题部分一、选择题(本题共13小题，每小题3分，共39分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1(2017浙江金兰合作组织期中)慈溪的某位同学想利用假期去黄山旅行，利用手机地图功能规划路线，如图1所示，其中显示的“6小时5分395.3公里”分别指的是()图1A时间 位移 B时间 路程 C时刻 位移 D时刻 路程2在公

2、路的每个路段都有交通管理部门设置的限速标志，如图2所示，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时()图2A必须以这一规定速度行驶B平均速度大小不得超过这一规定数值C瞬时速度大小不得超过这一规定数值D汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的3(2016嵊州市调研)如图3所示，高速列车出站时能在150 s内匀加速到180 km/h，然后正常行驶某次因意外列车以加速时的加速度大小将车速减至108 km/h.以出站时的加速度方向为正方向，则下列说法不正确的是()图3A列车加速时的加速度大小为 m/s2B列车减速时，若运用vv0at计算瞬时速度，其中a m/s2C若用vt图象描述列车的运动，减速时的

3、图线在时间轴t轴的下方D列车由静止加速，1 min内速度可达20 m/s4如图4所示是甲、乙两物体在同一直线上运动的xt图象，由图象可以判断从t1到t2的时间内()图4A甲物体在做匀减速直线运动B乙物体在做匀加速直线运动C两物体都在做匀速直线运动D甲、乙两物体的运动方向相同5.(2018诸暨市调研)a、b两个物体做平抛运动的轨迹如图5所示，设它们抛出时的初速度分别为va、vb，从抛出至碰到台上的时间分别为ta、tb，则()图5AvavbBvatbDta|U2|B|U1|U2|C|U1|U2|D无法判断13.如图13所示，斜面固定在水平面上，轻质弹簧一端固定在斜面顶端，另一端与小物块相连，弹簧处

4、于自然长度时物块位于O点，物块与斜面间有摩擦现将物块从O点拉至A点，撤去拉力后物块由静止向上运动，经O点到达B点时速度为零，则物块从A运动到B的过程中()图13A经过位置O点时，物块的动能最大B物块动能最大的位置与A、O的距离有关C物块从A向O运动过程中，弹性势能的减少量等于动能与重力势能的增加量D物块从O向B运动过程中，动能的减少量大于弹性势能的增加量二、选择题(本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求的全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14.加试题 关于核反应方程，下列说法正确的是()A.HHHen是核聚变反应B铀核裂变的核反应为：

5、UBaKr2nC在衰变方程PuXHe中，X原子核的质量数是234D卢瑟福发现质子的核反应方程为：HeNOH15.加试题 (2018稽阳联谊学校3月联考)如图14所示，一列简谐横波正沿x轴传播，实线是t0时的波形图，虚线为t0.1 s时的波形图，则以下说法正确的是()图14A若波速为50 m/s，则该波沿x轴正方向传播B若波速为50 m/s，则x4 m处的质点在t0.1 s时振动速度方向沿y轴负方向C若波速为30 m/s，则x5 m处的质点在0时刻起0.8 s内通过的路程为1.2 mD若波速为110 m/s，则能与该波发生干涉的波的频率为13.75 Hz16.加试题 固定的半圆形玻璃砖的横截面如

6、图15，O点为圆心，OO为直径MN的垂线，足够大的光屏PQ紧靠玻璃砖右侧且垂直于MN，由A、B两种单色光组成的一束光沿半径方向射向O点，入射光线与OO夹角较小时，光屏NQ区域出现两个光斑，逐渐增大角，当时，光屏NQ区域A光的光斑消失，继续增大角，当时，光屏NQ区域B光的光斑消失，则()图15A玻璃砖对A光的折射率比对B光的大BA光在玻璃砖中的传播速度比B光的大C时，光屏上只有1个光斑D”或“ha，因为hgt2，所以taxb，所以vavb，选项D正确6AvAvB，由开普勒定律知，A点在近日点即太阳处于椭圆轨道的焦点F1处7D8.C9C物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、向上

7、的静摩擦力和指向圆心的弹力，如图所示，其中重力G与静摩擦力Ff平衡，与物体的角速度无关，弹力FN提供向心力，所以当圆筒的角速度减小以后，物体所需向心力变小，物体所受弹力FN减小，所以C正确10D11A根据正点电荷的电场分布规律可知，B点的电势大于A点的电势，故A正确；负点电荷在运动过程中，机械能与电势能之和守恒，故B错误；该试探电荷运动过程中，A点电势能最大，动能最小，故速度最小，所以试探电荷在A点的速度小于在B点的速度，故C错误；试探电荷带负电，因为A点的电势低于C点，故在A点的电势能大于在C点的电势能，故D错误12A13D物块从A向O运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，在平衡

8、位置动能最大，由于摩擦力平行斜面向下，故平衡位置在O点下方，故经过O点的动能不是最大，故A错误；在平衡位置动能最大，而平衡位置与A、O距离无关，故B错误；物块从A向O运动过程中，弹性势能减小，重力势能、动能和内能均增加，根据能量守恒定律，弹性势能的减少量大于动能与重力势能的增加量，故C错误；物块从O向B运动过程中，动能减小，重力势能、弹性势能和内能均增加，根据能量守恒定律，动能的减少量大于弹性势能的增加量，故D正确14ADHHHen是核聚变反应，A正确铀核裂变的核反应是用一个中子轰击铀核得到三个中子，但是方程式中中子不能约去，故B错误在衰变方程PuXHe中，He核的质量数是4，所以X原子核的质

9、量数是2394235，故C错误卢瑟福通过粒子轰击氮核得到质子，根据电荷数守恒、质量数守恒，知方程式正确，故D正确15BCD由题图可知，该波的波长为8 m若波沿x轴正方向传播，则满足38kv0.1(k0,1,2)，得v3080k；若波沿x轴负方向传播，则满足58kv0.1(k0,1,2)，得v5080k；故A错误；若波沿x轴负方向传播，x4 m处的质点在t0.1 s时振动速度方向沿y轴负方向，B正确；若v30 m/s，则T s s，得0.8 s3T，即经过3个周期，所以x5 m处的质点在0时刻起0.8 s内通过的路程为1.2 m，C正确；波速为110 m/s，则f13.75 Hz，发生干涉，频率

10、相等，D正确16AD根据题意，当时，光屏NQ区域A光的光斑消失，继续增大角，当时，光屏NQ区域B光的光斑消失，说明A光先发生全反射，A光的临界角小于B光的临界角，而发生全反射的临界角C满足：sin C，可知，玻璃砖对A光的折射率比对B光的大，故选项A正确；由v知，A光在玻璃砖中的传播速度比B光的小，故选项B错误；据题可知，A光的临界角CA，B光的临界角CB，当时，A光发生全反射，B光尚未发生全反射现象，故光屏上应该看到2个光斑，其中包含NP侧的反射光斑(A、B重合)以及NQ一侧的B光的折射光线形成的光斑，故选项C错误；当时，A、B两光均发生了全反射，故仅能看到NP侧的反射光斑(A、B重合)，D

11、正确17(1)0.950(2)D(3)不能解析(1)游标卡尺的主尺读数为0.9 cm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为0.0510 mm0.50 mm，所以最终读数为0.950 cm.(2)利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故：v，根据机械能守恒的表达式有：mghmD2，即只要比较D2与2gh是否相等，故选D.(3)根据匀变速直线运动的规律得钢球通过光电门的平均速度等于这个过程中中间时刻的速度，所以钢球通过光电门的平均速度小于钢球球心通过光电门的瞬时速度，由此产生的误差不能通过增加实验次数减小18(1)(2)100挡19见解析解析(1)子弹离开枪口后做平抛运动

12、，运动时间t0.6 s由xvt得v20 m/s(2)子弹出枪口瞬间具有的动能Ekmv20.4 J枪口比动能为1.42 J/cm21.8 J/cm2故不能认定为枪支(3)子弹在枪管内做匀加速运动，由v22aL得a1 000 m/s2由牛顿第二定律得Fma2 N20(1)5 m/s(2)5 m(3)7.5 m解析(1)小球恰好能到达半圆轨道最高点D，此时只有重力提供向心力，即mgm所以小球从D点抛出的速度vD m/s5 m/s.(2)根据竖直方向上的自由落体运动可得，2Rgt2，所以运动的时间为t s1 s，水平轨道BC的长度即为平抛运动的水平位移的大小，所以xvDt51 m5 m.(3)对从A到

13、D的过程，利用动能定理可得，mghmgxmg2Rmv解得h7.5 m.21(1)99.8(2)B(3)图线2g42k解析(1)秒表的读数为90 s9.8 s99.8 s，即50次全振动所用时间；(2)用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，这样做主要是为了防止小球在摆动过程中把摆线拉长，故B正确；(3)根据单摆周期T2可得，LT2，故应为图线2；根据图象斜率k，所以g42k.22(1)C到D(2)0.03 V(3)0.225 J解析(1)由右手定则可知，电流方向为abCDa，即R中电流方向从C到D.(2)由动能定理可得mghmv2金属杆切割磁感线产生的感应电动势EBdv回路中

14、感应电流I电阻R两端的电压UIR代入数据解得U0.03 V.(3)由开始下滑到离开桌面，部分机械能转化为电能并最终转化为焦耳热Q总mghmv2金属杆的电阻阻值与电阻R的阻值之比为13，电流相等，通电时间相等由QI2Rt可得QRQ总得QR0.225 J.23(1)U(2)不偏离，遵循动量守恒定律(3)解析(1)根据动能定理qUmv2离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qvBm，得R根据几何关系，有R2(R)2d2，得Rd联立得，U.(2)对人和宇宙飞船组成的系统，人往复运动对于系统而言合外力仍为0，由动量守恒知不会偏离(3)根据动量守恒NmvMv由动能定理：PtNmv2Mv2对时间t内的飞船运用动量定理FtMv联立，得F.