湖南省株洲市中考物理试题解析版Word文档下载推荐.docx

1、【答案】C 【详解】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一ABD选项中，篮球在受到运动员施加的力的作用上不可；根据以上因素判断，在篮球运动中、C选项符合题意。 移动了距离，故均做功，只有擦板过程中运动员未对篮球施加力的作用，故【点睛】解答此题要求学生了解篮球相关术语，并对做功的两个必要因素深刻理解。 ） 图为交流发电机原理图，线圈在磁场中转动，则（5.5. 学科网学科网学科网学科网学科.网学科网学科网学科网学科网. .A. 两磁极间的磁场方向向左 B. 线圈在磁场中切割磁感线 C. 通过灯泡的电流方向不变 D. 线圈一定不受磁场力作用 【答案】B A.

2、NS极，故两磁极间的磁场方向向右，极出发，到人们规定在磁体外部，磁场方向由【详解】故A错误；B. 线圈在磁场中转动时，切割磁感线，可以产生感应电流，故B正确；C. 线圈转动一周，切割磁感线的方向变化两次，产生感应电流的方向也变化两次，所以通过灯泡的电流方向改变，故C错误；D. 通过电流的线圈在磁场中运动时，会受到磁场力的作用，故D错误；B 。故选【点睛】注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个原理，从能的转化看，两者是相反的，即电磁感应现象中将机械能转化为电能，而磁场对通电导线的作用力，将电能转化为机械能。内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡。下列四个图中，能正确表示饮料罐

3、（含6.6. ） 饮料）所受重力的示意图是（ D. A. C. B. CD错误； 【详解】重力的方向始终竖直向下，故根据题意，内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡，根据杠杆的平衡条件知，只有重力的作用线经过支点时，罐子才会保持平衡，故A正确，B错误。故选A。【点睛】关键是根据杠杆的平衡条件分析，理解当一个力通过支点时，此力的力臂为零，对杠杆起不到任何作用，即原来平衡的杠杆会仍然平衡。 ） 图为试电笔的结构及使用方法。下列说法正确的是（7.7. A. 试电笔可以判断物体是带正电还是带负电 B. 若氖管发光，说明人体成为了电流的通路 C. 笔尖、电阻和氖管是导体，外壳、弹簧和笔卡是绝缘体

4、 在两种使用试电笔的方法中，甲是正确的，乙是错误的D. A. 试电笔可以判断火线和零线，故A【详解】错误；B. 若氖管发光，说明有电流通过，是火线、测电笔、人体、大地成为了电流的通路，故B正确；C. 笔尖、电阻、氖管、弹簧和笔卡都是导体，外壳是绝缘体，故C错误；D. 手应该接触笔尾的笔卡，在所以两种使用试电笔的方法中，甲是错误的，乙是正确的，故D错误；故选【点睛】要理解测电笔使用时，人手必须接触笔尾的金属体，以形成通路，氖管才可能发光，但不能接触笔尖的金属体，这样相当于手直接接触到了输电线，会触电。MS发出一束激光射到镜面上，经放置在水平桌面上，光源图为观察微小形变的装置。平面镜8.8.PF

5、） 向下挤压桌面，则（若在图示位置用力反射后在标尺上形成光斑A. 激光束的入射角增大反射角减小 B. 激光束的入射角减小反射角增大 C. 标尺上的光斑右移 D. 标尺上的光斑左移 S发出一束激光射到镜面上，当用力压桌面时，平面镜向中间倾斜（如下图所示），【详解】光源造成入射角增大，根据反射角等于入射角可知，反射光线远离法线，导致了标尺上的光斑右移。C 。故选：1.NM的高度就会发生或【点睛】力可以改变物体的形状，用力压桌面，桌面发生形变，平面镜2. 根据光的反射定律分析可知光斑向哪点的那一侧移动变化，从而使刻度尺上的光斑移动；“”，在这种模式下，可延长电池的省电模式智能手机耗电达到一定量时，会

6、自动提示用户采用9.9. ） 供电时间，原因是（A. 降低了电池的输出电压 B. 减小了电池的输出电流 C. 减小了电子线路的电阻 D. 增大了电池的输出功率 A.A不符故如果降低了电池的输出电压，手机工作电压是一定的，手机将不能正常工作，【详解】B.WPt知，要延长手机工作时间，合题意；需要减小输出手机电池储存的电能是一定的，由公式PUIB符知，在省电模式下，应减小电池的输出电流，故功率，而手机工作电压是不变的，由C.CD.由公式手机内部电子线路的结构是不变的，所以电阻也是一定的，故合题意；不符合题意；WPtDB 。知，增大电池的输出功率，手机的工作时间会缩短，故不符合题意。故选【点睛】省电

7、模式通常降低显示屏亮度，关小媒体声音等措施，这些通过减少了电池的输出电流来减小了输出功率。燕子归巢时，沿图示虚线方向匀速滑翔。能正确表示这个过程中空气对燕子作用力方向的是10.10. ） （ D. A. C. B. 【详解】根据题意，沿图示虚线方向匀速滑翔，则表示燕子受到平衡力的作用。这个过程中空气对燕子作用力与重力平衡，方向与重力的方向相反，故空气对燕子作用力方向竖直向上。故正确，选【点睛】关键是平衡状态的判断，理解当静止和匀速直线运动时，物体受力一定平衡，则空气产生 的升力与重力平衡，据此可判断空气对燕子作用力方向。a、b、c、d、e、f为接线柱，将电压表接在其中两个接线柱上后，图示电路中

8、各元件完好，11.11.0；开关断开时，电压表有示数。则与电压表相连的两个接线柱可能是开关闭合时，电压表示数为 ） （A. ab B. cd C. af D. ef 和和和和【答案】D 0，说明开关闭合时，两点之间没有电阻，而开关【详解】根据题意，开关闭合时，电压表示数为断开时，电压表有示数，此时丙点有电阻，或电阻无穷大，综合可判断出电压表是与开关并联。 ef点。 和即电压表连接在D 。故选【点睛】重点是根据欧姆定律判断，要理解当电压表并联在开关两端，开关闭合时，两点间无电阻，电压表无示数，当开关断开时，电压表实际串联在电路中，由于电压表的电阻很大，所以电流表无示数，且电压表有示数接近电源电压

9、。，12）上运动，除碰撞外，两个小球总是沿顺时针方向在同一圆周轨道（虚线所示和如图12.12.a、b1的速度是两球刚好运动到图示位置，是直径的两端，此时球它们的速度保持不变。某时刻，2）（ ） 的两倍。此后，这两个小球（设碰撞时间极短，碰撞后速度互换球a点相碰 A. 总是在b点相碰总是在 B. ab点相碰 C. 时而在点相碰，时而在D. 可以在圆周轨道上的任意位置相碰 a、b12的两倍，【详解】某时刻，两球刚好运动到图示位置，的速度是球是直径的两端，此时球 ，根据速度公式知：L设圆周的周长为 12的速度是球经过的距离为，经过的距离为L，球2又因为球球当两者都再次运行到a点时，1 的两倍，所以用

10、时正好相等，即，两球在a点相撞。碰撞后，当速度快的球经过两周时，速度慢的球经过1周，所以下次两球相撞仍然在a点。故A正确，选A。12的速度是球【点睛】重点是速度公式的应用，理解清楚两球始终在一个圆周上运动，又因为球的两倍，所以两球碰撞总在同一位置，即在a点相撞。二、双选题 沏茶时，玻璃杯的杯壁上常会出现水雾，一段时间后，水雾又消失了。关于这种现象，下列13.13. ） 说法正确的是（A. 水雾出现在玻璃杯的外壁上 B. 水雾出现在玻璃杯的内壁上 C. “出现水雾”是液化现象，“水雾消失”是汽化现象 D. “出现水雾”是熔化现象，“水雾消失”是升华现象 【答案】BC 【详解】沏茶时，水温较高，会

11、蒸发大量的水蒸气，由于杯的温度相对较低，当水蒸气上升时，遇到较冷的杯壁液化，水雾出现在杯的内壁；随着杯壁温度逐渐升高，水温逐渐降低，小水球又蒸发，即汽化了，则水雾消失。故“出现水雾”是液化现象，出现在内壁，“水雾消失”是汽化现象。故选BC。【点睛】重点是液化的过程，当水蒸气遇冷液化时，一定要搞清楚是哪的水蒸气遇到哪的“冷”而形成，清楚这一点就能明白形成在内表面还是外表面了。 ） 截面为正方形、中空部分为椭圆形的玻璃体如图所示。则这个玻璃体（14.14.A. 可以看做两块凹透镜 B. 可以看做一块凸透镜 对图示光束具有汇聚作用 D. 对图示光束具有发散作用C. 【答案】AC 【详解】如图，中空部

12、分为椭圆形的玻璃体，整体看好像是一个凸透镜，但要清楚对光起折射作用的是玻璃部分，所以将其从中间分开来看，相当于两个凹透镜；凹透镜对光线有发散作用。故AC正确，BD错误。故选AC。【点睛】解题的关键是将其从中间分开来看，这时相当于两个凹透镜，不能当成一个凸透镜来考虑。 ） 某家用电能表的有关参数如图所示，可知（15.15.2.2 kW 该电能表上用电器的总功率不能超过A. 8.8 kW 该电能表上用电器的总功率不能超过B. 3000r 该电能表的转盘每小时最多转C. 26400r 该电能表的转盘每小时最多转D. 【答案】BD A. B. 40A： ，所以该电能表上用电器的总功率不能超过【详解】由

13、图知，最大电流为 AB正确；，故 错误，C. D. 3000r/（kW?h）1kW?h3000r 。理解的电能，该电能表的转盘转的物理意义，即每消耗 ；当功率最大时，每小时消耗的电能为： CD 正确；该电能表的转盘每小时最多转：错误，故，故 BD。故选3000r/（kW?h）【点睛】重点是电能表铭牌的意义和电功率的计算，考题中经常出现，关键是理解 的物理意义。，发令枪响后，运动员在水平方向对前、后两个起跑器的共同作用随时图甲表示蹲踞式起跑16.16. ） 间变化的关系如图乙所示。在这次起跑过程中，运动员（0.2s B. 惯性先增大后减小A. 反应时间约 C. 身体各部分运动状态保持不变 D.

14、身体各部分运动情况不完全相同 【答案】AD A. 0.2s0.2sA正确；【详解】 由图知，故时，脚开始施力的作用，即反应时间约B. B错误； 惯性与质量有关，与其它因素无关，故惯性不变，C. 向后施力时，由于力的作用是相互的，人会受到向前的力，在力的作用下，身体开始向前运动，C错误；且由图知，此力会有大小的变化，故身体的运动状态是变化的，故 D. 由于身体各部分情况不完全相同，如手臂的摆动，身体的前倾等情况存在，所以身体各部分的D正确；运动情况不完全相同，故 AD 。故选【点睛】关键是惯性的理解，惯性即物体保持运动状态不变的性质，惯性大小只与质量有关，是物体最基本的属性之一，注意能用惯性解释

15、生活中的现象。三、填空题 图为高空跳伞运动员在极速下降过程中的一个画面，在图示的情景中，以地面为参照物，他17.17.“”“”） 运动（填或静止的，以其中一个运动员为参照物，其他运动员是们是_的。【答案】运动静止 （2）. （1）. 【详解】跳伞运动员在极速下降过程中，若以地面为参照物，跳伞运动员的位置不断发生变化，所以是运动的；以其中一个运动员为参照物，其他运动员的位置没有发生变化，则说明其他运动员是静止的。120（救护）出车后会持续拉响警笛，行人或其他车辆会及时产生的。_声音是由声源18.18.让道，它说明声音可以传递_（填“信息”或“能量”）。【答案】振动信息 （2）. （1）. 【详解

16、】声音是由声源振动产生的。声音具有传递信息和传递能量的作用。120出车后会持续拉响警笛，揭示行人或其他车辆会及时让道，是声音可以传递信息的应用。【点睛】牢记声音可以传递信息和能量。两个方面的作用在解题中是容易分辨的，传递能量时要伴随能量的转化，而传递信息时只是从声音得到某方面的有用信息，两者是不同的。（“”“”）方式使其内能增做功水煮花生是一道风味小吃。煮花生过程中，通过_或填热传递19.19.“”“”）运动使花生仁具有各种调料味。或大；利用_（填 机械热【答案】热传递热 （2）. （1）. 【详解】煮花生过程中，水向花生传递热量，通过热传递方式使花生的内能增大；同时调料吸收热量，内能增大，分

17、子运动加剧，利用分子的热运动使花生仁具有各种调料味。 N 极向上转动（箭头所示）图为一种电磁仪表的部分装置，闭合开关后，磁铁。则通电线圈20.20.S”“N”，”“”）极。负电池右端为_（填“正 （填“上端为_或或）极N负 【答案】（2）. （1）. N 极向上转动，根据同名磁极相互排斥的特点可知，通电【详解】根据题意，闭合开关后，磁铁线圈上端为N极；N极握住螺线管，四指弯曲指向电流的方向，则再根据安培定则判断，右手大母指向上，即指向电流由线圈的下端流入，上端流出；故电源的左端为正极，右端为负极。【点睛】重点是安培定则的应用，此定则展示了电流方向与磁场方向的关系，知道电流方向可以判 断磁场方向

18、，知道磁场方向当然也可以判断电流方向，注意多加练习熟练应用。200mL水的量杯后漂浮在水面上，此时量杯中的水面如图所示（苹果将一个苹果放入盛有21.21.mLN。已知水的密度为_，受到的重力为未画出）。则这个苹果排开水的体积为_33，g10N/kg10。kg/m 1.0取2002 【答案】400ml，则这个苹果排开水的体积为：【详解】由图知，此时水面到达的刻度为 ；已知苹果漂浮在水面上，漂浮时浮力等于重力，即苹果的重力为： 。【点睛】重点是浮沉条件和阿基米德原理的应用，根据浮沉条件知浮力等于重，再根据阿基米德原理知浮力等于排开水的重，所以苹果的重等于排开水的重。0.2g酒精的寒暑表，在一天中某

19、一时段的初、末两个时刻，学校实验室挂一只装有寒暑表的22.22.在这段时间内，寒_，乙的示数为零下示数分别如图甲和乙所示。甲的示数为“”“”）J已知酒精的比热容吸收或_放出暑表内的酒精_（填的热量为3J/（kg?）。c=2.410 1237.2 放出【答案】（4）. （3）. （1）. （2）. 112；由图乙所示寒【详解】由图甲所示寒暑表可知，其示数是正的，其分度值是，其示数为1-3；在这段时间内，寒暑表内的酒精温度，其示数为暑表可知，其示数是负的，其分度值是3 7.2J. 15cm: Qkg?10J/（15t0.0002kg2.4，放出热量降低放【点睛】由图示寒暑表可知，测温液面在零刻度线

20、以上，温度是正的，先确定其分度值，然后读出 cmtQ 求出酒精放出的热量。其示数由放、。图中所有滑轮等重，且不计绳重和摩乙两种方式将同一重物匀速提升相同高度用图示甲23.23._甲的总功甲的有用功乙的额外功，乙的有用功，甲的额外功擦。在重物上升过程中，_乙的机械效率。（填“大于”“等于”或“小于”） 乙的总功，甲的机械效率【答案】等于小于小于大于 （4）. （3）. （1）. （2）. 、。 乙两种方式将同一重物匀速提升相同高度【详解】用图示甲 ，所以在重物上升过程中，甲的有用功等于乙的有用功；因为 ，乙中有两个动滑轮，所以甲的额外功小于乙的额外功； 因为 ，所以甲的总功小于乙的总功；因为 ，

21、有用功相等，乙的总功大，故甲的机械效率大于乙的机械效率。机械效率为：【点睛】涉及机械效率的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，特别要清楚额外功是对谁做的功，使用滑轮或滑轮组时，额外功为提高滑轮做的功、克服摩擦及绳子重做的功。15L5W，的圆柱形塑料桶装满水，在桶的顶部安装一个直流电动抽水器（输出功率如图，24.24.5V5s150mLA要将这内能抽出_工作电压的水。抽水器的工作电流为），抽水器工作时，sJJ（g_桶水全部抽出，需要；抽水器需消耗电能_；需克服水的重力做功10N/kg） 取1500250075 【答案】（4）. （3）. （2）. （1）. 1AV15L15000mL

22、PUII5s，；【详解】因为，所以抽水器的工作电流为因为 P150mLt5s500s因为内能抽出的水，所以全部抽出水的时间，所以抽水器； 0.5m0.5mWh0.75mPt5W500s2500J抽水器提升水的高度为；因消耗的电能为 333GmgVg10N/kg150N10kg/m1.00.015m，抽水器克服水为，所以水的重力为：0.5m75J WGh150N的重力做的功：。四、实验题 _N，分一弹簧测力计如图所示，其刻度（填“是”或“不是”）均匀的，量程为25.25._N_N。 ，读数为度值为50.22.6 是【答案】【详解】如图所示的测力计，其刻度是均匀的；5N1N50.2N ；中间又分为

23、量程即最大刻度为个小格，所以分度值为，每2.6N 。此时指针所在刻度，即读数为【点睛】重点是测力计的使用和读数，注意测力计读数时看清楚量程，弄清楚分度值再读数，不要小看了读数，在考试中是经常出现的。“”测量空气密度。主要的实验步骤如下： 排水集气法用26.26. m； 用电子天平测出打足了气的篮球质量1 S； 测量出集气瓶的内径并算出其内部横截面积 集气瓶装满水，口朝下放在水槽内，带夹导管一端连接篮球的气嘴，另一端放在瓶内，准备排水集气； 轻轻松开导管夹，让篮球内的空气进入集气瓶，在篮球体积没有明显减小前，停止放气； m ；测出放气后篮球的质量2 h； 调整瓶的高度，使瓶外水面相平，测量瓶内空

24、气柱的高度 利用密度公式算出集气瓶内空气密度。（1、。”“”） 不变（填“减小或空气密度_）篮球在放气过程中，球内空气质量_（2“”）集气瓶，直至_（填向上提或向下压）若瓶内水面明显高于水槽内水面，需要缓慢地瓶内外水面相平。（3。 ，此时瓶内外空气密度相等）当瓶内外水面相平时，瓶内外气压_（4=_。（用所测物理量表示）空气密度 （5）实验中要求篮球体积不发生明显变化，是为了减小_（填“重力”或“浮力”）对质量测量的影响。浮力相等 减小【答案】减小向下压（6）. （4）. （1）. （2）. （5）. （3）. 1知，空气密度）篮球在放气过程中，球内空气质量减小，而篮球体积不变，根据（【详解】2

25、）若瓶内水面明显高于水槽内水面，说明里面的气压高于外界大气压，因此应缓慢地向上（减小；3）当瓶内外水面相平时，瓶内外提集气瓶，使气体体积变大，气压变小，直至瓶内外水面相平；（m4，排出空气后，剩余气体（）原来球和气体的总质量为气压相等，此时瓶内外空气密度相等。1ShmVmmm；则空气的密度与篮球的总质量为，则排出空气的质量为；排出空气的体积221 gV5F知，实验中要求篮球体积不发生明显变化，是为了减小；（）根据为：气浮浮力对质量测量的影响。 21）一定质（）篮球在放气过程中，球内空气质量减小，根据判断密度的变化；【点睛】34）实验用排水法）当瓶内外水面相平时，瓶内外气压相等；量的气体，体积越

26、小，气压越大；（来测量排出的气体，根据篮球中的总质量与剩余质量的差可求出排出气体的质量，从而根据密度公5FgV分析解答。（式求出空气的密度。 ）根据气浮U型压强计验证“在受力面积不变时压强与压力的定量关系”的装置。实验前，橡图为利用27.27.皮膜朝上，金属盒水平固定，玻璃管中液面相平。实验中，改变叠放在橡皮膜中央的硬币数（规格 ，测得有关数据如下表。相同）（1h，g为_）实验中当液面高度差为。已知玻璃管内液体密度为时，盒内外气压差为已知常量。（2）U形玻璃管足够长时，选用密度_（填“较大”或“较小”）的液体可以减小实验误差。 _）分析实验数据，可得到的实验结论是：在实验误差允许范围内，gh较小在受力面积不变时，压强与压力成正比【答案】 （3）. （2）. （1）. h1（时，盒内外气压【详解】可知，若实验中当液面高度差为）根据液体的压强公式，即差为此液面高度差产生的压强，即2UU形玻璃管越长时，由于气体体积变化对所测）因为（形管中是空气，气体容易被压缩，所以压强的影响较大，此时选用密度较小的液体可以减小实验误差。310cm ；（）分析实验数据，去除误差的因素外，每增加两个硬币，液面高度差约增加 故可得到的实验结论是：在实验误差允许范围内，在受力面积不变时，压强与压力成正比。【点睛】理解气体的体积很容易变化，所以管子长度增加时，空气体积变大，对所测压强影响也变大，会使误差增大。V