1、gC.g D.6.如图5甲所示,倾角为的粗糙斜面体固定在水平面上,初速度为v010 m/s、质量为m1 kg的小木块沿斜面上滑,若从此时开始计时,整个过程中小木块速度的平方随路程变化的关系图象如图乙所示,取g10 m/s2,则下列说法不正确的是()图5A.05 s内小木块做匀减速运动B.在t1 s时刻,摩擦力反向C.斜面倾角37D.小木块与斜面间的动摩擦因数为0.57.(2017湖南六校联考)如图6所示,倾斜的长杆(与水平面成角)上套有一个质量为M的环,环通过细线吊一个质量为m的小球,当环在某拉力的作用下在长杆上滑动时,稳定运动的情景如图所示,其中虚线表示竖直方向,那么以下说法正确的是()图6
2、A.环一定沿长杆向下加速运动B.环的加速度一定沿杆向上C.环的加速度一定大于gsin D.环一定沿杆向上运动二、多项选择题(本题共5小题,每小题5分,共25分.在每小题给出的四个选项中,至少有两个选项是正确的,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)8.(2017山东淄博摸底)如图7甲所示,静止在水平地面上的物块A,受到水平向右的拉力F作用,F与时间t的关系如图乙所示,设物块与地面的最大静摩擦力Ffm与滑动摩擦力大小相等,则()图7A.0t1时间内物块A的加速度逐渐增大B.t2时刻物块A的加速度最大C.t3时刻物块A的速度最大D.t2t4时间内物块A一直做减速运动9.如图8所示,
3、足够长的传送带与水平面夹角为,以速度v0逆时针匀速转动.在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块,小木块与传送带间的动摩擦因数mgcos 45,则物体达到最大位移后将返回,D项错误.12.BD0t1时间内,小物块受到向右的滑动摩擦力作用而做匀减速运动,速度减为零时并未从左端滑下,说明传送带足够长,其向左运动的位移大小x1;t1t2时间内:小物块受到的滑动摩擦力仍然向右,因此反向做匀加速运动,加速到与传送带速度v1相等,其位移大小x2x1,此后物块做匀速运动.0t2时间内,小物块始终相对于传送带向左运动,故t2时刻,小物块相对传送带滑动的距离达到最大.13.(1)天平(2)a(3)0.02(4
4、)没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够解析(1)本题要测量小车的质量,则需要天平,所以还缺少的一件器材是天平;(2)根据逐差法得:x4x22aT2 ,解得:a(3)根据牛顿第二定律可知,a,则F即为a图象的斜率,所以砂和砂桶的总重力mgFN0.2 N,解得:m0.02 kg.(4)从题图丙中发现直线没过原点,当绳子上有拉力时小车的加速度还为0,则该同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力这个步骤.所以原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够.14.(1)ACD(2)C(3)mM(4)0.1C 0.160.40(5)乙(6)B解析(1)本实验的目的是探究加速度与力、质量的关系,用砂桶的重力代表小车受到的合外力,需要
5、用天平测砂桶和小车的质量,故选A项;电磁打点计时器的工作电源为低压交流电源(46 V),工作频率为50 Hz,周期为0.02 s,可以计时,不需要秒表,故选D项,不选B项;打点计时器打下纸带,需用刻度尺测量距离,以求加速度和瞬时速度,故选C项.(2)平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力来抵消摩擦力的作用,具体做法是:将小车轻放(静止)在长木板上,挂好纸带(纸带和电磁打点计时器的限位孔之间有摩擦力)、不挂砂桶,将长木板靠近打点计时器的一端适当垫高,形成斜面,轻推小车,使小车做匀速运动(纸带上两点间距离相等)即可,故C正确.(3)砂桶和小车一起运动,根据牛顿第二定律,对砂桶:mgFma,对小车
6、:FMa,可得小车受到的拉力F,加速度a,本实验用砂和砂桶的总重力代表小车受到的合外力(拉力),由Fmg可知,F22mg故平板做匀加速运动,加速度大小a21 m/s2设滑块从平板左端滑至右端用时为t,共同速度为v,平板位移为x,对滑块进行分析:vva1tL2xvta1t2对平板进行分析:va2txa2t2联立以上各式代入数据解得t1 s,v4 m/s.当v4 m/s时,滑块在传送带上加速运动的位移为x11.6 mL1,故符合题意.(2)滑块在传送带上的加速度a35 m/s2若滑块在传送带上一直加速,则获得的速度为v15 m/st,不合题意,舍去)将ts代入vv1a1t得v3.5 m/s.18.(1)0.64 m(2)20.2解析(1)假设开始时物块与木板会相对滑动,由牛顿第二定律:对木板:F1(Mm)g1mgMa1,解得a16 m/s2对物块:1mgma2,解得a24 m/s2,因a2a1,故假设成立设F作用t时间后,物块恰好从木板左端滑离,则a1t2a2t2,解得t1 s在此过程:木板位移x1a1t23 m,末速度v1a1t6 m/s物块位移x2a2t22 m,末速度v2a2t4 m/s在物块从木板上滑落后
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