高考物理二轮复习专题带电粒子在复合场中的运动押题专练Word下载.docx

1、解得x315 m离开电场时，sin 1v0v12，130.由题意可知，PSMN，沿OC方向射出粒子到达P点，为左边界，垂直MN射出的粒子与边界FG相切于Q点，Q为右边界，QOr，轨迹如图范围长度为lxr（3150.2） m0.43 m.（3）T2mqB，由分析可知，OO方向射出的粒子运动时间最长，设FG长度为Lsin 2Lrr12，230带电粒子在磁场中运动的最大圆心角为120，对应的最长时间为tmax13T2m3qB2.14如图4甲所示，水平直线MN上方有竖直向下的匀强电场，场强大小E103 N/C，MN下方有垂直于纸面的磁场，磁感应强度B随时间t按如图乙所示规律做周期性变化，规定垂直纸面向

2、外为磁场正方向T0时将一重力不计、比荷qm106 C/kg的正点电荷从电场中的O点由静止释放，在t11105 s时恰通过MN上的P点进入磁场，P点左方d105 cm处有一垂直于MN且足够大的挡板图4求：（1）电荷从P点进入磁场时速度的大小v0；（2）电荷在t24105 s时与P点的距离x；（3）电荷从O点出发运动到挡板所需时间t总答案 （1）104 m/s （2）20 cm （3）1.42104 s解析 （1）电荷在电场中做匀加速直线运动，则Eqmav0at1解得v0Eqt1m1031061105 m/s104 m/s（2）电荷在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qvBmv2r，rmvB

3、q当B120 T时，半径r1mv0B1q0.2 m20 cm周期T12mB1q4105 s当B210 T时，半径r2mv0B2q0.1 m10 cm周期T22mB2q2故电荷从t0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图所示在t0到t24105 s时间内，电荷先沿直线OP运动t1，再沿大圆轨迹运动T14，紧接着沿小圆轨迹运动T2，t24105 s时电荷与P点的距离xr120 cm5 如图1所示，P、Q是相距为d的水平放置的两平行金属板，P、Q间有垂直于纸面向里、磁感应强度为B1的匀强磁场，MN是竖直放置的两平行金属板，用导线将P与M相连，将Q与N相连，X是平行于M和N的竖直绝缘挡板，Y是平行于M和

4、N的荧光屏，X、M、N、Y的中间各有一个小孔，所有小孔在同一水平轴线上，荧光屏的右侧有垂直于纸面向外、磁感应强度为B2的匀强磁场，现有大量的等离子体（等离子体中的正负离子电荷量的大小均为q，质量均为m）以相同的速度垂直于磁场水平向右射入金属板P、Q之间现忽略电场的边缘效应，不计等离子体的重力，两对极板间形成的电场均可视为匀强电场求：（1）若在荧光屏Y上只有一个亮点，则等离子体的初速度v0必须满足什么条件；（2）若等离子体以初速度v0射入磁场，且在荧光屏上有两个亮点，则正、负两种电荷形成的亮点到荧光屏上小孔的距离之比是多少？答案 （1）v02dB1qm （2） 22dB1qv0 （2）荧光屏上有

5、两个亮点，则v02dB1qm在此条件下，qv0B1Udq，得UdB1v0对正电荷，设其到达匀强磁场B2时的速度为v1，则Uq12mv2112mv20设做圆周运动的半径为R1，则qv1B21得R1 22对负电荷，设其到达匀强磁场B2时的速度为v2，则Uq12mv2212mv20设做圆周运动的半径为R2，则qv2B2得R2 22所以，正、负两种电荷形成的亮点到荧光屏上小孔的距离之比为d1d22R12R2 22dB1qv06 如图2所示，在xOy平面内，第象限内的直线OM是电场与磁场的边界，OM与x轴负方向成45角在x0且OM的左侧空间存在着沿x轴负方向的匀强电场，场强大小为E50 N/C，在yd的

6、某区域加上左边界与y轴平行且垂直纸面的匀强磁场B2（图上未画出），为了使粒子能垂直穿过x轴上的Q点，Q点坐标为（72d,0）求：（1）磁感应强度B1的大小与方向；（2）磁感应强度B2的大小与方向；（3）粒子从坐标原点O运动到Q点所用的时间t.答案 （1）1d2Um3q，方向垂直纸面向里（2）2d2mU3q，方向垂直纸面向里（3）（136）d2mqU解析 （1）设粒子从O点穿出时速度为v0，由动能定理得：qU12mv20得v02qUm由于粒子在0xd区域内的电场和磁场的叠加场中做直线运动，粒子所受电场力与洛伦兹力平衡，有qv0B1qE得B11d2Um3q磁场B1方向垂直纸面向里FO2r2rrOQ

7、OF3d解得rd由洛伦兹力提供向心力：qvB2mv2r得：B22d2mU3q，方向垂直纸面向里（3）由几何关系可知O到磁场左边界在x轴上的距离为L2.5drcos602d粒子从O到磁场左边界所用时间t1Lv0d2mqU在磁场中运动时间t213T2m3qB2d22m3qU总时间tt1t2（136）d2mqU.10如图2所示，x轴上方有竖直向下的匀强电场，x轴下方有垂直纸面向外的匀强磁场矩形OACD的边长分别为h和2h，一个带正电的粒子，质量为m，电荷量为q，以平行于x轴的某一初速度从A点射出，经t0时间粒子从D点进入磁场，再经过一段时间后粒子又一次经过A点（粒子重力忽略不计）求：（1）电场强度E

8、的大小；（2）磁感应强度B的大小；（3）若仅改变粒子初速度的大小，求粒子以最短时间由A运动到C所需的初速度大小vx.答案 （1）20 （2）mqt0 （3）3ht0解析 （1）由h12at20得a20EqmaEmaq20（2）由vx2ht0vyat02ht0vx得v2ht0由RmvqB得：2mhqBt02h则Bmqt011.如图1所示，真空中的矩形abcd区域内存在竖直向下的匀强电场，半径为R的圆形区域内同时存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，圆形边界分别相切于ad、bc边的中点e、f.一带电粒子以初速度v0沿着ef方向射入该区域后能做直线运动；当撤去磁场并保留电场，粒子以相同的初速

9、度沿着ef方向射入恰能从c点飞离该区域.已知adbc43R，忽略粒子的重力.求：（1）带电粒子的比荷；（2）若撤去电场保留磁场，粒子离开矩形区域时的位置.答案 （1）3v03BR （2）粒子从ab边射出，距b点R3解析 （1）设匀强电场强度为E，当电场和磁场同时存在时，粒子沿ef方向做直线运动，有qv0BqE当撤去磁场，保留电场时，带电粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由题知，粒子恰能从c点飞出，则2Rv0t，23R12at2，qEma联解得：qm3v03BR（2）若撤去电场保留磁场，粒子将在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨迹如图所示.设粒子离开矩

10、形区域时的位置g离b的距离为x，则由牛顿第二定律；qv0B0得rR，由图中几何关系60故粒子离开矩形区域时到b的距离为xR23R33R3故粒子将从ab边射出，距b点R3.12.如图2所示，在直角坐标系xOy的第象限内有沿y轴负向的匀强电场，电场强度为E，第象限内有垂直纸面向外的匀强磁场.一个质量为m、电荷量为q的粒子从y轴上的P点沿x轴正向进入电场，粒子从x轴上的Q点进入磁场.已知Q点的坐标为（L,0），不计粒子的重力及粒子间的相互作用.（1）若粒子在Q点的速度方向与x轴正方向成30角，求P、Q两点间的电势差；（2）若从y轴正半轴各点依次向x轴正向发射质量为m、电荷量为q的速度大小适当的粒子，

11、它们经过电场偏转后都通过Q点进入磁场，其中某个粒子A到达Q点的速度最小.粒子A经过磁场偏转后恰好垂直y轴射出了磁场.求匀强磁场的磁感应强度的大小.答案 （1）36EL （2） mEqL解析 （1）粒子在Q点的速度方向与x轴正方向成30角，分解Q点的速度可得vyv0tan 30从P点到Q点：Lv0t，y12vyt得P点的纵坐标y36L所以UPQEy36EL此时vyv1，粒子A在Q点的速度方向与x轴正向夹角为45所以粒子A进入磁场后的偏转半径（如图）RL由qvQBmQ得BmvQqR得B mEqL13.如图3所示，在竖直平面内，水平x轴的上方和下方分别存在方向垂直纸面向外和方向垂直纸面向里的匀强磁场

12、，其中x轴上方的匀强磁场磁感应强度大小为B1，并且在第一象限和第二象限有方向相反，强弱相同的平行于x轴的匀强电场，电场强度大小为E1.已知一质量为m的带电小球从y轴上的A（0，L）位置斜向下与y轴负半轴成60角射入第一象限，恰能做匀速直线运动.（1）判定带电小球的电性，并求出所带电荷量q及入射的速度大小；（2）为使得带电小球在x轴下方的磁场中能做匀速圆周运动，需要在x轴下方空间加一匀强电场，试求所加匀强电场的方向和电场强度的大小；（3）在满足第（2）问的基础上，若在x轴上安装有一绝缘弹性薄板，并且调节x轴下方的磁场强弱，使带电小球恰好与绝缘弹性板碰撞两次后从x轴上的某一位置返回到x轴的上方（带

13、电小球与弹性板碰撞时，既无电荷转移，也无能量损失，并且入射方向和反射方向的关系类似光的反射），然后恰能匀速直线运动至y轴上的A（0，L）位置，求：弹性板的最小长度及带电小球从A位置出发返回至A位置过程中所经历的时间.答案 （1）负电 3mg3E1 2E1B1 （2）竖直向下 E1（3）23L 3B1L3E12B1LE1解析 （1）小球在第一象限中的受力分析如图所示，所以带电小球的电性为负电mgqE1tan 60q3mg3E1又qE1qvB1cos 60即v2E1B1（2）小球若在x轴下方的磁场中做匀速圆周运动，必须使得电场力与重力二力平衡，即应施加一竖直向下的匀强电场，且电场强度大小满足：qE

14、mg即EE1（3）要想让小球恰好与弹性板发生两次碰撞，并且碰撞后返回x轴上方空间匀速运动到A点，则其轨迹应该如图所示，且由几何关系可知：3PD2ONONOAONLtan 60联立上述方程解得：PDDN23L则挡板长度至少为PD23L在第一象限运动的时间t1和第二象限中运动的时间t2相等，且：t1t2ANv2LvB1LE1所以带电小球从A点出发至回到A点的过程中所经历的总时间为：t0tt1t2t03B1L3E12B1LE114.如图4所示，在平行板电容器的两板之间，存在相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁感应强度B10.40 T，方向垂直纸面向里，电场强度E2.0105 V/m，PQ为板间中线.紧靠

15、平行板右侧边缘xOy坐标系的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B20.25 T，磁场边界AO和y轴夹角AOy45.一束带电荷量q8.01019 C的同位素（电荷数相同，质量数不同）正离子从P点射入平行板间，沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0,0.2 m）的Q点垂直y轴射入磁场区域，离子通过x轴时的速度方向与x轴正方向夹角在4590之间，不计离子重力，求：（1）离子运动的速度为多大？（2）求离子的质量范围；（3）若只改变AOy区域内磁场的磁感应强度大小，使离子都不能打到x轴上，磁感应强度B2大小应满足什么条件？（计算结果保留两位有效数字）答案 （1）5.0105

16、m/s （2）4.01026 kgm8.01026 kg （3）B20.60 T解析 （1）设正离子的速度为v，由于沿中线运动，则有qEqvB1代入数据解得v5.0105 m/s甲设离子的质量为m，如图甲所示，当通过x轴时的速度方向与x轴正方向夹角为45时，由几何关系可知运动半径：r10.2 m当通过x轴时的速度方向与x轴正方向夹角为90r20.1 m由牛顿第二定律有：qvB2mv2r由于r2rr1代入数据解得：4.01026 kg（3）乙15.如图5所示，在竖直平面内直线AB与竖直方向成30角，AB左侧有匀强电场，右侧有垂直纸面向外的匀强磁场.一质量为m、电量为q的带负电的粒子，从P点以初速

17、度v0竖直向下射入电场，粒子首次回到边界AB时，经过Q点且速度大小不变，已知P、Q间距为l，之后粒子能够再次通过P点，（粒子重力不计）求：图5（1）匀强电场场强的大小和方向；（2）匀强磁场磁感应强度的可能值.答案 （1）0 方向垂直AB且与竖直方向成60角向下（2）mv0ql或nmv0（n1（n1,2,3）解析 （1）由带电粒子回到边界AB速度大小不变可知PQ间电势差为零，P、Q处在同一等势面上根据题意可知，匀强电场垂直AB，且与竖直方向成60粒子在电场中沿AB方向匀速运动：lv0cos 30t垂直AB方向匀减速运动Eqmav0sin 30at2E016.如图6（a）所示，在竖直平面内建立直角坐标系xOy，整个空间内都存在垂直坐标平面向外的匀强磁场和水平向右的匀强电场，匀强电场的方向与x轴正方向夹角为45.已知带电粒子质量为m、电量为q，磁感应强度大小为B，电场强度大小Emgq，重力加速度为g.图6（1）若粒子在xOy平面内做匀速直线运动，求粒子的速度v0；（2）t0时刻的电场和磁场方向如图（a）所示，若电场强度和磁感应强度的大小均不变，而方向随时间周期性的改变，如图（b）所示.将该粒子从原点O由静止释放，在0T2时间内的运动轨迹如图（c）虚线