人教版高中物理选修32期末检测卷文档格式.docx

1、B因为I，所以输电线上的电流减为原来的C因P，所以输电线上损失的功率为原来的900倍D若要使输电线上损失功率不变，可将输电线的半径减为原来的解析输送功率一定，PUI，电压升高后，电流变为原来的，故选项A错，B选项正确；P损I2R，输电线损失功率为原来的，故选项C错；根据R，半径为原来的，电阻为原来的900倍，故选项D选项正确答案BD3一磁铁自远处匀速沿一圆形线圈的轴线运动，并穿过线圈向远处而去，如图所示，则下列四个图中较正确反映线圈中电流I和时间t的关系的是（线圈中电流的图示箭头方向为正方向）（）解析当条形磁铁向右运动且并未穿过线圈过程中，通过线圈的磁通量向右逐渐增加，由楞次定律可知，线圈中的

2、感应电流为正方向，当条形磁铁的正中央到达线圈位置时，磁通量的变化率为最小，感应电流为零，当条形磁铁正中央通过线圈后，穿过线圈向右的磁通量逐渐减小，则线圈中产生负方向的感应电流，且先增大再减小，故选项B正确答案B4如图所示，L是一个带铁芯的线圈，R为纯电阻，两条支路直流电阻阻值相等，那么在接通和断开电键的瞬间，电流表的读数大小关系是（）AI1I2 BI1I2I1I2 DI1I2I1I2解析因为两支路直流电阻相等，故当电键闭合，电路稳定后，两支路电流相等，设为I0，接通瞬间，由于L的自感作用，此时L相当于断路，故I1I0，断开瞬间，L与R构成闭合回路，由于L的自感作用，L相当于电源，提供电流I1I

3、2，故B选项正确5一闭合线圈垂直置于匀强磁场中，若磁感应强度如图（a）所示，则线圈中的感应电流随时间变化的图线是下图中的（）解析由法拉第电磁感应定律得E，当k时，EkS，在0内，电流为一常量，在T时间内，电流仍为一常量，只是前后半个周期电流方向相反四个选项中只有A符合题目要求答案A6（2012新课标全国）自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220 V的交流电源上当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0 kW.设此时原线圈中电流有效值为I1，

4、负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为（）A380 V和5.3 A B380 V和9.1 AC240 V和5.3 A D240 V和9.1 A解析对理想变压器，原、副线圈功率相同，故通过原线圈的电流I1A9.1 A，负载两端电压，即为副线圈电压，由，可得U2U1380 V，故选项B正确7平行金属导轨MN竖直放置于绝缘水平地板上，如图所示，金属杆PQ可以紧贴导轨无摩擦滑动，导轨间除固定电阻R以外，其他部分电阻不计，匀强磁场B垂直穿过导轨平面，以下有两种情况：第1次，先闭合开关S，然后从图中位置由静止释放PQ，经一段时间后PQ匀速到达地面；第2次，先从同一高度由静止释放

5、PQ，当PQ下滑一段距离后突然闭合开关S，最终PQ也匀速到达了地面设上述两种情况PQ由于切割磁感线产生的电能（都转化为热）分别为W1、W2，则可以判定（）AW1W2 BW1W2CW1W2 D以上结论都不正确解析两种情况下，PQ最终匀速到达地面，说明受重力和安培力等大反向，安培力F，所以落地时速度相同，由能量守恒可得W1W2，故B选项正确8如图所示的电路可将声音信号转化为电信号，该电路中b是固定不动的金属板，a是能在声波驱动下沿水平方向振动的镀有金属层的振动膜，a、b构成了一个电容器，且通过导线与恒定电源两极相接，若声源S发出声波，则a振动过程中（）Aa、b板之间的电场强度不变Ba、b所带的电荷

6、量不变C电路中始终有方向不变的电流D当a板向右位移最大时，电容器电容最大解析由题意可知，a板将在声波的作用下沿水平左右振动，a、b两板距离不断发生变化，由电容C可知，a板左右移动时，电容器电容不断变化，由于两极板电压不变，所以电容器极板上的电荷量不断变化，即电容器有时充电，有时放电，故D选项正确答案D9.一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生交变电流的电动势为e220 sin100t V，对于这个交变电流的说法正确的是（）A此交变电流的频率为100 Hz，周期为0.01 sB此交变电流电动势的有效值为220 VC耐压为220 V的电容器能够在该交变电路中使用Dt0时，线圈平面与中性面垂直，此时磁通量

7、为零解析由电动势瞬时值表达式可知，此交变电流的频率为50 Hz，周期为0.02 s，有效值为220 V，最大值为220 V311 V，故A、C选项错误，B选项正确当t0时，电动势的瞬时值为零，说明t0时线圈处于中性面位置，通过线圈的磁通量为最大，故D选项错误10如图相距为L的两光滑平行导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨的右端接有电阻R（轨道电阻不计），斜面处在一匀强磁场B中，磁场方向垂直于斜面向上，质量为m，电阻为2R的金属棒ab放在导轨上，与导轨接触良好，由静止释放，下滑距离s后速度最大，则（）A下滑过程电阻R消耗的最大功率为RB下滑过程电阻R消耗的最大功率为C下滑过程克服安培力做的功为R

8、2D下滑过程克服安培力做的功为mgssin解析ab棒下滑过程中受重力，轨道支持力和安培力作用，加速度a0时速度最大，感应电动势最大，电路中电流最大，电阻消耗热功率最大当a0时，有mgsinBImL，vm，解得Im回路最大总功率P总IR总R.电阻R消耗的最大功率PRIR故A选项正确，B选项错误；由能量守恒有mghmvQ，|W安|QmghmgssinR2，故D选项正确，C选项错误答案AD第卷（非选择题，共50分）二、填空题（本题共2小题，每题8分，共16分，将正确结果填在题中横线上）11现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计（零刻线在正中位置）及开关如图所示连接在一起，在开关闭合、

9、线圈A在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动片P向左滑动时，电流计指针向右偏转，由此可以推断：如果将线圈A从线圈B中抽出时，电流表指针_当开关由断开状态突然闭合，电流表指针将_当滑动变阻器滑片P向右滑动时，电流表指针_（填右偏、左偏）解析因为滑动变阻器的滑动片P向左滑动时，接入电路的电阻增大，电流减小，穿过线圈B的磁通量减小，指针右偏反之穿过线圈B的磁通量增大，指针左偏，所以A抽出时磁通量减小，电流表指针右偏，开关接通瞬间和滑动变阻器滑动片P向右滑动时，磁通量增大，指针左偏答案（1）右偏（2）左偏（3）左偏12如图所示的理想变压器供电的电路中，若将S闭合，则电流表A1的示数将_，

10、电流表A2的示数将_，电流表A3的示数将_，电压表V的示数将_（填变大、变小或不变）解析S闭合，R1、R2并联后，总电阻减小，电压不变，干路中总电流变大，A2示数增大，V的示数不变，A3示数变大，故R1两端电压不变，A1示数不变答案不变变大变大不变三、计算题（共3小题，共34分解答应写出必要的文字说明，方程和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，在答案中必须明确写出数值和单位）13（10分）如图所示，匝数N100匝、截面积S0.2 m2、电阻r0.5 的圆形线圈MN处于垂直纸面向里的匀强磁场内，磁感应强度随时间按B0.60.02t（T）的规律变化处于磁场外的电阻R13.5

11、，R26 ，电容C30 F，开关S开始时未闭合，求：（1）闭合S后，线圈两端M、N两点间的电压UMN和电阻R2消耗的电功率；（2）闭合S一段时间后又打开S，则S断开后通过R2的电荷量为多少？解析（1）线圈中的感应电动势ENNS1000.020.2 V0.4 V.通过电源的电流IA0.04 A.线圈两端M、N两点间的电压UMNI（R1R2）0.049.5 V0.38 V.电阻R2消耗的功率P2I2R20.0426 W9.6103 W.（2）闭合S一段时间后，电路稳定，电容器C相当于开路，其两端电压UC等于R2两端的电压，即UCIR20.046 V0.24 V.电容器充电后所带电荷量为QCUC30

12、1060.24 C7.2106 C.当S再断开后，电容器通过电阻R2放电，通过R2的电荷量为7.2答案（1）0.38 V9.6103 W（2）7.2106 C14（11分）在B0.5 T的匀强磁场中，有一个匝数N100匝的矩形线圈，边长为Lab0.2 m，Lbc0.1 m，线圈绕中心轴OO以角速度314 rad/s由图所示位置逆时针方向转动（从上往下看），试求：（1）线圈中产生感应电动势的最大值；（2）线圈转过30时感应电动势的瞬时值；（3）线圈转过周期的过程中感应电动势的平均值解析（1）将立体图改画成平面俯视图，如图所示当线圈平面与磁感线平行时，ab、cd两边垂直切割磁感线，线圈中产生感应电

13、动势最大Em2NBLv2NBLabNBLabLbc314 V.（2）当线圈转过30时，如图所示，E2NBLabvcos302NBLabcos30NBLabLbccos30314V271.9 V.周期过程中感应电动势的平均值由磁通量变化率得4N4NBS200 V.答案（1）314 V（2）271.9 V（3）200 V15（13分）两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边垂直于水平面质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为，导轨电阻不计，回路总电阻为2R.整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v1沿导轨匀速运动时，cd杆也正好以速度v2向下匀速运动重力加速度为g.求：（1）ab杆受的拉力F多大？（2）试导出与v1的大小关系式解析（1）ab棒切割磁感线产生感应电动势，cd棒不切割磁感线，整个回路中的感应电动势EBLv1，回路中的电流Iab棒受安培力F安BIL.ab棒沿导轨匀速运动，受力平衡FF安f1，f1mg，联立以上方程解得Fmg.（2）cd棒所受摩擦力为f2F安，cd棒以v2匀速向下运动，则mgf2.联立解得答案（1）mg（2）