四川省宜宾市中考物理试题解析版Word格式文档下载.docx

1、3、如图在飞机旁边的工作人员佩戴有耳罩的头盔，耳罩的作用是（ ）A、防止嗓声的产生 B、在传播过程中减弱噪声C、在人耳处减弱嗓声 D、防止风吹到头部【答案】C【详解】在飞机旁边工作人员佩戴有耳罩的头盔可以在人耳处减弱噪声。故选C.【点睛】减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声.4、如图是干早地里的玉米，由于玉米植株内水的比例很高，有助于调节玉米自身的温度，以免温度变化太快对玉米造成损害。这主要是因为水的（ ）A、凝固点较低 B、比热容较大 C、沸点较高 D、质量较小【详解】根据题意知道，玉米利用水调节自身的温度，所以这是利用了水的比热容比较大的特点，在吸收或放

2、出相同的热量时，水的温度变化小，所以有助于调节玉米植株自身的温度，以免温度变化太快对玉米植株造成损害，故B正确，故选B。【点睛】本题考查的是水的比热容大的特点及运用，属于基础题，难度不大。5、如图把导体棒ab放在磁场中，闭合开关导体棒ab中有电流通过，ab受到向右的力F使ab受力方向向左可行的办法是（ ）A、改变电流的大小B、改变磁场的强弱C、使电流的方向反向D、使电流和磁场的方向同时反向【详解】通电导体在磁场中受到磁场力的作用，所受磁场力的方向由电流的方向、磁场的方向决定，其中一个方向改变，则磁场力的方向改变，若两个方向同时改变，则磁场力的方向不变。电流的大小与磁场力的方向无关，故A不符合题

3、意；磁场的强弱与磁场力的方向无关，故B不符合题意；只改变电流方向，磁场力的方向改变，故C符合题意，同时改变电流方向、磁场方向，则磁场力的方向不变，故D不符合题意，故选C。【点睛】本题考查的是磁场对通电导线的作用，解题的关键是掌握影响通电导体所受磁场力方向的因素，难度不大，是一道基础题。6、图是一只猴子在竹杆上玩耍的情景，猴子双手握住竖直竹杆匀速下滑时，它所受的摩擦力为F，下列说法正确的是（ ）A、摩擦力F向下，F=mg B、摩擦力F向上，FmgC、摩擦力F向上，F=mg D、摩擦力F向下，Fmg【详解】因为猴子沿竖直竹杆匀速下滑，所以受平衡力作用，即在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，

4、它们大小相等，方向相反；由于重力方向竖直向下，所以，摩擦力方向一定向上，且F摩擦力=G=mg，故只有C正确，故选C。【点睛】本题考查的是二力平衡，解题的关键是先确定物体的运动情况，然后分析受力，再根据平衡条件确定摩擦力的大小和方向。7、如图所示，在铁架台上有固定横杆A和B，横杆B上有带锁销的限位孔，轻质竖直杆C和压缩弹簧D相连固定在横杆A上。把装水的大烧杯放在铁架台的水平台上，将轻质杯倒扣并浸没在水中，设法在杯内封闭一些气体，使杆C与杯底部固定，杆在水中部分的体积忽略不计，水面静止。打开锁销，使弹簧推动杆和杯一起下降一定距离后锁住弹簧（杯口未接触大烧杯底部），待锁销水面静止后，下列说法正确的是

5、（ ）A、杯内气体压强变小B、杯内、外水面高度差变大C、大烧杯底部内表面受到的压强变大D、竖直杆对杯的压力变小【答案】BCD【详解】根据题意知道，当打开锁销，弹簧推动杆和杯一起下降一定距离后，杯内封闭的气体所处深度变大，所以，受到水的压强变大，故A错误；杯内封闭的气体体积变小、则气体压强变大，即大烧杯底部内表面受到的压强变大，故C正确；由于杯内液面受到的压强等于杯内气体压强，所以，与杯内液面同一高度的杯外深度处的压强等于杯外该深度水产生的压强；由于杯内气体压强变大，故杯外该深度水产生的压强变大，所以杯内外高度差变大，故B正确；杯下降一定距离后，杯底部受到竖直杆的压力是F压=F浮-G，由于杯排开

6、水的体积变小，浮力变小，重力不变，所以，竖直杆对杯的压力变小，故D正确，故选BCD。【点睛】本题考查的是液体压强特点、气体压强与体积的关系、阿基米德原理的应用，要求认真审题，仔细分析，本题是一道易错题。8、图是轿车油量表原理图，金属滑杆与油箱中的浮子通过绝缘细杆相连，滑杆可绕固定轴O转动。Q是轿车仪表盘上的油量表，可以提醒司机剩余油量情况。下列说法正确的是（ ）A、Q实质是一个电压表，装置K实质是连接导线B、Q实质是一个电流表，装置K实质是一个滑动变阻器C、油量减少，K连入电路的电阻减小，电路中电流增大D、油量减少，K连入电路的电阻增大，电路中电流减小【答案】BD【详解】由图知道，油量表Q、定

7、值电阻R0 、装置K组成串联电路，因为在电路中电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联，所以油量表是由电流表改装而成的；当油箱中的油量变化，浮子上升或下降会使滑杆绕固定轴O在装置K上面上下滑动，改变了接入电路的阻值，从而改变了电路中的电流，所以，装置K实质是一个滑动变阻器，故A错误，故B正确；由图知道，当油量减少时，浮子向下运动，而滑杆绕固定轴O向上滑动，使装置K连入电路的电阻增大，即使电路总电阻增大，由I=U/R知道，此时电路中电流减小，故C错误，D正确，故选BD。【点睛】本题主要考查的是电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的应用，解题的关键是知道“自动测定油箱内油量的装置”的工作原

8、理。二、填空题9、从冰箱里取出一瓶冷冻的冰红茶，过一会儿发现瓶子全身“冒汗”，这是由于瓶子周围空气中的水蒸汽遇冷发生了_现象；若不小心将冰红茶洒了一些在地面上，过一段时间地面变干，这是因为地面上的冰红茶发生了_现象。【答案】 （1）、液化 （2）、汽化【详解】从冰箱中取出一瓶饮料，温度较低，当空气中的温度较高的水蒸气遇冷就会液化成小水珠附着在饮料瓶外表面；若将冰红茶洒了一些在地面上，过一段时间地面变干，是液态水蒸发变成了水蒸气，是地面上的冰红茶发生了汽化现象。【点睛】本题考查的是对液化和汽化的了解，结合生活中的现象，运用物理知识解释，难度不大。10、如图所示，将一个凸透镜正对太阳，其下方20c

9、m处的白纸上呈现出一个较小的光斑，这个现象提示我们：凸透镜对光有_作用；若将该透镜向纸面再靠近一小段距离的过程中，光斑一直变小，由此可以判断该透镜的焦距一定_20cm（选填“大于”、“等于”或“小于”）。【答案】 （1）、会聚 （2）、小于【详解】太阳光可以看作是平行光，将一个凸透镜正对太阳，经过凸透镜折射后能形成一个较小的光斑，则说明凸透镜对光有会聚作用；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后能会聚到主光轴上形成一个最小、最亮的点，这个点就是凸透镜的焦点，这一点到透镜光心的距离叫做透镜的焦距；根据题意知道，将该透镜向纸面再靠近一小段距离的过程中，光斑一直变小，由于白纸最初距凸透镜20cm，所以，说

10、明该透镜的焦距一定小于20cm。【点睛】本题考查的是探究凸透镜的会聚作用，解题的关键是理解“光屏上得到最小像时”像距即是焦距。11、如图所示，用刻度尺测量物体的长度，读数时视线正确的是_（选填“A”或“B”），该物体的长度是_cm。【答案】 （1）、B （2）、2.75【详解】使用刻度尺读数时，视线要与物体末端所对刻度线相垂直，所以，由图知道，B正确；且刻度尺上1cm之间有10个小格，所以，刻度尺的分度值为1mm；又因为物体左侧与9.0cm对齐，右侧与11.75cm对齐，所以物体的长度是：L=11.75cm-9.00cm=2.75cm。【点睛】本题考查的是刻度尺的正确使用，测量时要看清刻度尺的

11、分度值；读数时，视线要与尺面垂直；最后不要忘记估读到分度值的下一位。12、在图中E是电源，电压保持不变，R、R1、R2、R3均是定值电阻，S0、S是开关，、分别是电压表和电流表，S0与S均处于闭合状态。现将S断开，的示数_，的示数_。（选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】 （1）、变大 （2）、变大【详解】由电路图知道，当S0与S均处于闭合状态时，R2 与R3 并联后再与R、R1串联，电流表测通过R3支路的电流，电压表测并联部分和R1 两端的电压之和；将S断开后，则R1、R3和R串联，电压表测R1和R3两端的电压之和，电流表测电路中的电流，由于电阻并联时总电阻小于任何一个分电阻，所以，R

12、3的阻值大于R2和R3并联时的总电阻，所以电路的总电阻变大，由I=U/R知道，此时电路中的总电流变小，所以，R两端的电压变小，由于电压保持不变，所以，由串联电路的分压原理知道，R1 和R3 两端的电压之和变大，即电压表V的示数变大；又因为R3的阻值大于R2和R3并联时的总电阻，所以R3 两端的电压变大，由I=U/R可知，通过R3 的电流变大，即电流表A的示数变大，综上所述知道，将S断开后，的示数变大，的示数变大。【点睛】本题考查的是电路的动态分析，涉及了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，解题的关键是分清开关闭合和断开时电路的连接方式。三、作图题13、请在图中用笔画线代替导线，将电灯、开关连入照

13、明电路中【答案】【详解】灯泡的接法是：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，故电路连接如图：【点睛】本题考查的是开关、灯的连接方法，为了安全，开关要接在火线与电灯之间，这样可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，换灯泡时也不会发生触电。14、如图是生活中常用的杆秤，杆秤可以绕支点O转动，请在图中作出F1和F2的力臂L1、L2。【详解】根据题意知道，O是杠杆的支点，从支点到力的作用线作垂线段，支点到垂足的距离为相应的力臂，由此作出F1和F2的力臂L1、L2，如图：【点睛】本题考查的是力臂的画法，画力臂的关键是要画出支点到力的作用线的垂线段，难度不大。四、实验与探究题15、小

14、王同学到宜宾翠屏山玩要时，在去哪吒洞的路上捡到一个形状奇特且不溶于水的物体，他想知道这个不明物体是由什么材料构成，于是在实验室进行了如下操作：（1）已知空玻璃杯的质量为53.8g（2）将该物体放入装有适量水的透明玻璃杯中，发现物体下沉至杯底，如图（甲），说明该物体的密度_水的密度，物体对杯底的压力_其重力（以上两空均选填“大于”、“等于”或“小于”）；（3）往杯中逐渐加入食盐并搅拌，直至观察到物体悬浮如图（乙）；（4）取出物体，用调好的天平测玻璃杯和盐水的总质量，如图（丙）总质量为_g；（5）将玻璃杯中的盐水全部倒入量筒，如图（丁）体积为_mL；（6）通过以上实验，可以得到物体的密度为_kg/

15、m3，这个物体是由_构成的。【答案】 （1）、大于 （2）、小于 （3）、121 （4）、45 （5）、1.5103 （6）、硬塑料【详解】（2）物体在水中下沉，由物体浮沉条件可知物体密度大于水,物体受向上的浮力，所以对杯底的压力小于其重力；（4）由图丙知，天平的读数为：m100g20g1g121g.（5）由图丁知,量筒的分度值为1ml,量筒内盐水的体积：V45mL45cm3.（6）盐水的质量：m121g53.8g67.2g，盐水的密度：1.5g/cm31.5103kg/m3，因为物体在盐水中悬浮,所以物体的密度等于盐水的密度,为1.5103kg/m3.查表可知， 这个物体是由硬塑料构成的。【

16、点睛】（1）根据物体的浮沉条件，物体下沉时密度大于液体；（3）天平的读数：砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；（4）进行量筒的读数时，注意量筒的分度值；（5）先计算出量筒中盐水的密度，再根据密度公式计算出盐水的密度；物体悬浮，其密度等于盐水的密度16、如图（a）是测定“小灯泡电功率”的实验线路图，电源电压为3.0V保持不变，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10电流表有00.6A和03A两个量程，电压表有03V和015V两个量程。（1）在连接电路过程中开关应_，滑动变阻器的滑片P应位于_（选填“A”或“B”）端，电压表的量程应选_；（2）按所选量程连接电压表，闭合开关，移动滑片P到某一点时，

17、如图（b）电压表示数为_V，要测量小灯泡的额定功率，应将图（a）中滑片P向_（选填“A”或“B“）端移动，使电压表的示数为2.5V；（3）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图（c）所示的UI图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_W；（4）实验室中实际提供的电压表内阻并非无穷大有明显的电流通过，实验中灯泡两端电压达到2.5V时，额定功率的测量值_真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）；（5）若在实验中连接好电路并闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_（写出一种即可）。【答案】 （1）、断开 （2）、A （3）、

18、03V （4）、2.2 （5）、B （6）、1.0 （7）、大于 （8）、灯泡断路（1）为保护电路，在连接电路过程中开关应断开，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处，即A端；由于小灯泡的额定电压是2.5V，所以，电压表应选0-3V的量程；（2）由图（b）知道，在电压表选用小量程时，分度值是0.1V，所以电压表示数是2.2V，由于小于小灯泡的额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，所以应增大灯泡的电压，由串联分压原理知道，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，即滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压2.5V止；（3）由图（c）所示的U-I图象知道，当小灯泡的电压为额定电压2.5V时，电流为0.4

19、A，所以，小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5V0.4A=1.0W（4）根据题意知道，实验室中实际提供的电压表内阻并非无穷大，且有明显的电流通过，此时电压表与灯并联，所以，电流表示数大于灯的实际电流，而实验中灯泡两端电压达到2.5V时是准确电压值，由P=UI可知，此时计算的额定功率大于真实值。（5）根据题意知道，移动变阻器滑片P，电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明小灯泡以外的电路是通路，由于灯泡始终不亮，所以说明灯泡断路。【点睛】本题考查的是测定小灯泡电功率，考查了注意事项、量程选择、操作过程、功率的计算、误差分析和故障分析，是实验的常考题目。五、计算与解答题17、2017年5月5

20、日，拥有我国自主知识产权的C919大型客机在上海浦东机场成功首飞。若客机在空中以720km/h的速度沿水平直线匀速飞行5分钟，受到的阻力是其重力的0.1倍；客机发动机靠完全燃烧航空煤油提供能量，其机械效率为75%；已知客机质量m=7.5104kg（1）求客机在这段时间内通过的路程和发动机的功率（2）求发动机在这段时间内燃烧航空煤油的质量。（假设航空煤油的热值q=5108J/kg）（1）6104m；107W；（2）12kg（1）根据题意知道，客机的速度是：v=720km/h=200m/s，飞行时间是：t=5min=300s，由v=s/t知道，客机通过的路程是：s=vt=200m/s300s=61

21、04 m；由于客机沿水平直线匀速飞行，所以，牵引力等于受到的阻力，即牵引力是：F=f=0.1G=0.1mg=0.17.5104 kg10N/kg=7.5104 N；发动机的功率是：P=W/t=Fs/t=Fv=7.5104 N200m/s=1.5107 W（2）根据题意知道，机械效率是：=75%飞机发动机在这段时间内所做的功是：W=Fs=7.56104 m=4.5109 J；由=W/Q可知，燃料燃烧放出的热量是：Q=W/=4.5109J/75%=6109 J，所以，由Q=mq知道，燃烧燃料的质量是：m=Q/q=6109J/5108J/kg=12kg【点睛】本题是一道综合性试题，考查了路程、牵引力

22、、功和功率、热值等的计算，难度不大，关键是公式及其变形的灵活运用。18、如图所示的电路中，电源电压U=10V保持不变，R1是滑动变阻器，可调范围08；灯泡L上标有“6V、6W”字样；AB段是由某种材料制成的粗细均匀的导体棒，其总长x0=0.12m，导体棒的电阻与长度满足R=kx，k是常量；滑片P与导体棒AB接触良好，忽略灯丝电阻随温度变化的影响。（1）求灯泡的电阻RL；（2）闭合开关S，将滑片P滑至B端，调节R1使灯泡正常发光，此时电流表示数I=2A，求k；（3）将滑片P移到A端，调节R1使其消耗的功率为4W，求电流表的示数。（1）6；（2）50/m；（3）1A（1）因为灯泡L上标有“6V、6

23、W”，所以，由P=U2/R可知灯泡的电阻是：RL =（UL额）2/PL额=（6V）2/6W=6；（2）由电路图知道，闭合开关S，当将滑片P滑至B端时，灯泡L与R最大值并联，再与R1 串联，根据题意知道，灯泡的正常发光的电流是：IL额 =PL额/UL额=6W/6V=1A，又因为电流表测量干路的电流，示数是I=2A，由并联电路的电流特点知道，过AB的电流是：IR =I-IL额 =2A-1A=1A，由并联电路的电压特点知道，UR = UL额，所以R的电阻是：R=UR/IR=UL额/IR=6V/1A=6，由已知知道R=kx，k是常量，当滑片P滑至B端时，导体棒AB总长是：x0 =0.12m，代入解得，

24、k=50/m；（3）将滑片P移到A端时，灯泡被短路，R的最大值与R1 串联，当调节R1使其消耗的功率为4W时，由P=UI可知，R1 的电流是：I=P1/U1=4W/U1，根据欧姆定律即串联电路的电压特点，可得R电流是：IR=UR/R=（UU1）/R=（10VU1）/6，由串联电路的电流特点知道，I=IR，即4W/U1=（10VU1）/6，所以，U1 =6V或U1 =4V，代入I=P1/U1=4W/U1可得，解得I=2/3A=0.67A（舍去）或I=1A，所以，电流表的示数是1A。【点睛】本题考查的是电路的动态分析，涉及求电阻、电流表示数、电功率，解题的关键是分析清楚电路的结构，然后应用电功率公式、串并联电路特点与欧姆定律解题。