山东省滨州市中考物理真题试题Word下载.docx

1、C、加大摩擦弦的力量，可使弦的振幅不同，从而发声的响度不同，不能影响音调，故C符合题意；D、旋转弦轴，增加弦的紧张度，可使弦振动的频率加快，音调提高，故D不合题意故选C【点评】解决此类问题要结合音调和频率的关系进行分析解答，尤其是知道弦的长短、粗细、松紧都会影响其音调的高低3下列光现象，由于光的反射形成的是（）A铅笔在水面处“折断” B人在阳光下形成的影子C放大镜把字放大 D豹子在水中形成倒影【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；要掌

2、握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的A、水中的“断笔”是由于光从水中通过空气进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的虚像，故属于光的折射现象；B、人在阳光下形成原影子，属于光的直线传播C、放大镜把字放大是凸透镜成像及其应用，属于光的折射；D、平静的水面相当于平面镜，豹子在水中的倒影是平面镜成像现象，故属于光的反射；故选：D【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因，同时还考查了光的色散，知道色散是由光的折射形成的4小明利用如图甲所示装置探究冰的熔化特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质

3、的状态绘制成图象如图乙所示，下列分析错误的是（）A冰是晶体 B冰的熔点是0C冰的熔化过程持续了15分钟D冰在熔化过程中吸收热量，但温度不变【分析】认识晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中，温度不变；非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中温度不断升高根据图象分析温度随时间的变化情况，从而得出结论（1）由乙图知，从第5分钟到15分钟，冰的温度保持0不变，所以冰是晶体，且熔点为0，故A、B正确；（2）由图知，冰从第5min开始熔化，到第15min完全熔化完，熔化过程经历了10min故C错误；（3）由图知，冰在熔化过程不断吸热，但温度保持不变；故D正确【点评】此题通过图象分析，考查了学生的识

4、图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体和非晶体在熔化过程中的区别5如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（）观察水的沸腾 B空气推动塞子时，内能减少空气被压缩时内能增大 D内燃机压缩冲程【分析】改变物体内能的两种方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移据此分析选择A图中：观察水的沸腾，利用酒精灯加热，是通过热传递改变内能的过程；B图中：空气膨胀做功，推动塞子，空气的内能减少，是通过做功的方法使内能转化为机械能；C图中：用力将活塞迅速压下，压缩空气做功，是机械能转化为内能的过程；D图中：是内燃机压缩冲程，是活塞压缩工

5、作物质做功，改变物质内能；综合上述A图与其他三实验改变内能方法不同故选A【点评】本题从实验入手，考查改变物体内能的两种方式，注重了物理知识与生活的联系6甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系如图所示甲、乙、丙、水分别代表甲、乙、丙三种物质和水的密度，据图可知（）A甲乙丙，且丙水 B甲乙丙，且丙水C丙乙甲，且丙=水 D乙甲丙，且丙水【分析】由图可知，三种物质体积相同时的质量关系，根据=比较甲、乙、丙的密度关系；然后从图象中读出乙的一组质量和体积值求出其密度，然后与水的密度相比较确定答案由图象可知，当甲、乙、丙三种物质的体积相等时，它们的质量关系为m甲m乙m丙，由=可知，甲乙丙，故CD错误；当m乙=

6、10g时，V乙=10cm3，则乙=1.0g/cm3=水，所以，丙水，故A错误，B正确【点评】本题考查了密度公式的应用和密度的计算，密度大小的比较可采用相同体积来比较质量、质量大的密度大或相同质量比较体积、体积小的密度大7小明学习惯性的知识之后，在探究跳远成绩是否与地球自转有关的研究中，他查了相关资料，发现地球由西向东自转，赤道附近的速度约为460m/s，滨州市城区地面的自转速度约为370m/s关于跳远成绩与地球自转关系的分析中正确的是（）A因为人有惯性，地球没有惯性，所以向东跳成绩更好B因为人的惯性小，地球的惯性大，所以向西跳成绩更好C因为跳起后，地球会向东自转一段距离，所以向西跳更有利有提高

7、成绩D因为人和地球都有惯性，且自转速度相同，无论向哪跳对成绩都没有影响【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大因为惯性是物体的一种属性，一切物体在任何时候都有惯性，所以人和地球都有惯性，又因为二者自转速度相同，所以无论向哪跳对成绩都没有影响与人和地球的惯性大小无关故ABC错误，D正确故选D【点评】此题主要考查学惯性现象的理解惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题8把一乒乓球压入盛有水

8、的烧杯底部（如图所示），松手后，乒乓球上升至水面最后漂浮在水面上乒乓球在上升的过程中，它的机械能不断增加下列关于乒乓球机械能来源的说法中正确的是（）A是由水的内能转化来的B是由水的重力势能转化来的C是由乒乓球的内能转化来的D是由乒乓球的化学能转化来的【分析】重力势能的大小与物体的质量和高度有关系，动能与物体的质量和速度有关松手后，乒乓球上升至水面最后漂浮在水面上乒乓球在上升的过程中，水的重心不断降低，重力势能不断减小，重力势能转化为乒乓球的机械能，故乒乓球的机械能不断增加；【点评】解决此题的关键是知道乒乓球上升的过程中，水的重心不断降低9取两个相同的验电器A和B，使A带上负电荷，可以看到A的金

9、属箔张开，B的金属箔闭合用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来（如图所示），观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开下列描述错误的是（）A金属杆是导体B两金属箔片能够张开是因为带上了同种电荷C实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，B验电器中的金属箔带上了负电荷D实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是自A流向B【分析】（1）善于导电的物体称为导体；（2）验电器的原理是同种电荷相斥；（3）据带正电或负电的实质分析即可判断；（4）电流的方向与负电荷定向移动的方向相反；A、据题意可知，该金属棒能导电，所以一定是导体，故A正确；B、验电器的原理是同种电荷相斥，故两金属箔片能够张开

10、是因为带上了同种电荷，故B正确；C、原来A验电器带负电，即有多余电子，B验电器不带电，即不多电子，也不少电子，所以当用金属棒连接时，一部分电子会从A运动到B，故B验电器中的金属箔由于多电子而带上了负电荷，故C正确；D、据C可知，电子的运动方向是A到B，由于电子是负电荷，所以电流的方向是由B到A，故D错误；【点评】此题考查了导体、绝缘体的判断、验电器的原理、电流方向的判断等知识点，是一道综合题10如图电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表和电压表的示数变化情况分别为（）A电流表的示数变小，电压表的示数变大B电流表的示数变大，电压表的示数变小C电流表的示数变小

11、，电压表的示数不变D电流表的示数变小，电压表的示数变小【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测干路电流；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；根据欧姆定律可知通过R1的电流不变，但通过R2的电流变小，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化电压表测电源的电压且电源的电压不变，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，I=，R1两端的电压不变；R2支路的电流变小，R1支路的电流不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流变小，即电流表的示数变小【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的

12、掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和电表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键11为了确保用电安全，在日常生活中，下列做法错误的是（）A不接触低压带电体，不靠近高压带电体B更换灯泡，搬动电器前不必断开电源开关C不弄湿用电器，不损坏绝缘层D保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（2）更换灯泡、移动用电器之前必须断开开关，防止发生触电事故；（3）生活用水属于导体，非常容易导电，绝缘层损坏后非常容易发生触电事故；（4）保险装置、插座、导线、家用电器等老化后要及时更换，防止发生触电事故A、不接触低压带电

13、体，不靠近高压带电体，故A正确；B、更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关，故B错误；C、不弄湿用电器，不损坏绝缘层，以防发生触电事故，故C正确；D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换，故D正确【点评】此题考查了安全用电的知识及在使用用电器时应注意的问题，有利于学生对电的正确认识12下列四幅图中能说明发电机工作原理的是（） B C D【分析】发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流A、A图说明的是电流的磁效应；B、B图是电磁继电器的原理；C、C图电动机的原理图；D、D图是发电机的原理图；【点评】本题中学生容易混淆的两个

14、图是BD，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机13在探究杠杆平衡条件的时候，小明在均匀木板中间挖孔，孔中插一金属杆，固定在铁架台上，木板可以围绕中间自由转动每个钩码的质量为200g，A、B、C、D、E、F为挂钩，已知AB=BO=OC=CD，ABOCD的连线与EDF的连线垂直现在B处挂两个钩码，D处挂一个钩码，木板在水平位置平衡（如图所示）下列做法能使木板重新平衡的是（）A在B、D两处各加挂一个钩码B在B处加挂2个钩码、D处加挂一个钩码CB处挂两个钩码不变，把D处的一个钩码挂在E处DB处挂两个钩码不变，把D处的一个钩码挂在F处（1）符合杠杆平衡条件F1l1=F2l2，杠杆平衡，

15、不符合杠杆平衡条件，力和力臂乘积大的一端下沉（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，把钩码挂在E处、F处杠杆水平平衡时，力臂均和钩码挂在D处的力臂相等设AB=BO=OC=CD=L，每个钩码的重力为GA在B、D两处各加挂一个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3GL，右侧力与力臂的积为2G2L，因3GL2G2L，所以木板不会平衡，故A错误；B在B处加挂2个钩码、D处加挂一个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为4G2L，因4GL=2G2L，所以木板会平衡，故B正确；CD把D处的一个钩码挂在E处或F处，杠杆右侧的力臂不变，仍为OD长，杠杆左右两侧力与力臂的乘积相等，所以木板会平衡，故CD正确故选BCD【点评】本题

16、考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，不能只看力或只看力臂14利用四个相同的滑轮，组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，用同样的时间，把质量相等的重物G提升了相同的高度，所用的拉力分别为F甲、F乙，拉力做的功分别为W甲、W乙，拉力的功率分别为P甲、P乙，机械效率分别是甲、乙（忽略绳重与摩擦），下列关系式正确的是（）AF甲F乙甲=乙 BF甲F乙 甲乙CW甲W乙 P甲P乙 DW甲=W乙 P甲=P乙（1）由图可知承担物重的绳子股数n，不计绳重与摩擦，由F=（G物+G动）可知拉力的大小关系；（2）拉力做功可以由W总=W有+W额=G物h+G动h比较得到；（3）由P=分析拉力做功的

17、功率关系；（4）根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系（1）由图可知，承担物重的绳子段数n甲=3，n乙=2；由题可知，滑轮重、物体质量和重力均相等，不计绳重与摩擦，根据F=（G物+G动）可知，甲滑轮组的拉力较小，即F甲F乙；（2）拉力做的功是总功，物重相等，提升相同的高度，有用功相同；不计绳重与摩擦，滑轮重相同，做的额外功相同，由W总=W有+W额可知，拉力做的总功相等，即W甲=W乙；（3）拉力做功的功率：P=，由于总功相等、做功时间相同，故功率大小相同，即P甲=P乙；（4）有用功、总功均相等，由=可知，两个滑轮组的机械效率相等，即甲=乙可见AD正确、BC错故选AD【点评】本题考查了滑轮组绳子

18、自由端拉力，有用功、额外功、总功，功率和机械效率的认识和理解，灵活运用公式即可比较15某型号的电饭锅有加热和保温两挡，其原理如图所示，以下说法正确的是（）A开关S断开时，电阻R1与R2串联B开关S断开时，电阻R1与R2并联C开关S闭合时为加热状态D开关S闭合时为保温状态（1）串联电路只有一条电流的路径；（2）并联电路有多条电流的路径；（3）据每种情况的功率大小判断出是加热状态还是保温状态（1）由电路图可知，开关S断开时，电流的路径只有一条，所以是串联电路，故A正确，B错误；（2）当当S闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2接入电路，电路中电阻较小，电压两端的电压不变，由电功率公式P=可知，此时电

19、饭锅电功率较大，电饭锅处于加热状态，则R2是加热电阻，开关S闭合处于加热状态，断开处于保温状态，故C正确，D错误故选AC【点评】本题考查分析实际和处理实际问题的能力，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、电功率公式即可正确解题二、填空题（每空1分，共6分）16图A中，物体的长度是2.64cm；图B中，小车全程的平均速度是22.5m/s（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）小车全程的平均速度是总路程除以总时间（1）由图

20、A知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧在3.6cm和3.7cm之间，估读为3.64cm，所以物体的长度为L=3.64cm1.00cm=2.64cm；（2）s=450m，t=20s，小车全程的平均速度v=22.5m/s故答案为：2.64cm；22.5【点评】此题考查的是刻度尺的读数和速度的计算，比较简单17）检查视力的时候，视力表放在被测者头部的后上方，被测者识别对面墙上镜子里的像（如图所示）视力表在镜中的像与被测者相距4.2m【分析】根据平面镜成像特点，结合图示，先求出视力表在镜中的像与视力

21、表之间的距离，然后减去被测者与视力表之间的距离即可得到答案由图示可知，视力表与平面镜之间的距离为2.3m，被测者与视力表之间的距离为0.4m，根据平面镜成像特点，物体与像到镜面的距离相等，可得视力表在镜中的像与视力表之间的距离为2.3m+2.3m=4.6m，则视力表在镜中的像与被测者相距4.6m0.4m=4.2m4.2【点评】牢记平面镜成像的特点是解答此题的关键所在，解答此题时要注意认真审题（包括图示），搞清题干的问题和各已知条件的关系18手机已经成为人们必备的通讯工具它是通过电磁波传递信息的随着手机充电技术的不断发展，无线充电、太阳能充电等先进技术逐步走入我们日常生活之中右图是一款手机无线充

22、电实物图，在给手机充电的过程中，电能转化为化学能人类是在能量的转化或转移的过程中利用能量，而能量的转化和转移是有方向的，因此可利用的能源是有限的（1）有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的（2）判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可；（3）自然界中的能量只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体，能量的转化和转移是有方向的；手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在你讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波在给手机充电的过程中，消耗电能，产生化学能，所以是将电能转化为化学能的过程；冬天，火炉

23、把自己的内能传递给房间里的空气，供人们取暖；到了春天，不能把这些内能重新收集起来，来年再用，说明能量的转移有方向性；电磁波；化学；方向【点评】此题考查了电磁波的应用、能量的转化判断和能量转化的方向性的理解，是一道综合题三、作图、实验与探究题（本题共4个小题，共26分）19（1）请画甲出静止在斜面上的物体所受力的示意图（2）请利用乙图中给出的信息，帮助小迪同学在图中标出小磁针的N极、电源的正极，并用箭头标出磁感线的方向（1）首先对物体受力分析，物体受到重力、支持力、和摩擦力作用；重力的方向竖直向下，摩擦力沿斜面向上，支持力垂直于斜面向上；重力、摩擦力以及支持力的作用点都在物体的重心根据力的示意图

24、的画法在图中表示出力的大小、方向和作用点（2）根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极根据右手螺旋定则判断出电流的方向，确定电源的正负极（1）过物体的重心分别沿竖直向下、沿斜面向上以及垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号G、f和F表示；如图所示：（2）由图知通电螺线管的右端为S极，则左端为N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为S极，则左端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向为电流的方

25、向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极如图所示：【点评】（1）画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图（2）右手螺旋定则为判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向20小华同学用蜡烛、凸透镜和光屏等器材做“探究凸透镜成像规律”的实验（1）在如图甲所示的位置上，成的像是等大的倒立的实像分析实验成像情况可知实验中所用凸透镜的焦距为10cm（2）当把点燃的蜡烛由图甲所示位置向右移至光具座的35cm刻度时，向右（选填“左”或“右”）移动光屏会

26、得到一个倒立、放大 的实像；投影仪就是利用这一成像规律工作的此时，风一吹，烛焰向左偏，则光屏上成的像向右偏（3）小明用此光具座模拟人眼看远近不同物体的情况，当人眼看清眼前30cm处的物体时，凸透镜的位置、形状如图乙所示如果将物体移至眼前50cm处，保持透镜（晶状体）、光屏（视网膜）之间距离不变，则应该换上更薄（选填“薄”或“厚”）的凸透镜（凸透镜直径大小相同），才能在光屏上得到清晰的像（1）当物距等于2倍焦距时，物体通过凸透镜成倒立、等大的实像，此时像距也为2倍焦距，从甲中读出物距或像距，然后求出凸透镜的焦距；（2）根据“物近像远像变大，物远像近像变小”判断光屏移动的方向并判断像大小的变化，凸透镜成像时，2fuf，成倒立、放大的实像，投影仪等依据的是这一原理；凸透镜成像不仅左右相反、而且要上下相反；（3）薄凸透镜的焦距大于厚凸透镜的焦距，然后根据凸透镜的成像规律进行分析解答（1）当凸透镜成的像是等大的倒立的实像时，物距和像距均为焦距的2倍，由图甲可知物距或像距为20cm，则凸透镜的焦距为10cm；