等校届高三上学期第一次四校联考物理试题附答案Word格式.docx

1、4物理学是一门以实验为基础的科学，任何学说和理论的建立都离不开实验，下面给出了几个在物理学发展史上有重要地位的物理实验，以及与之相关的物理学发展史的说法，其中错误的是（ ）A康普顿效应进一步证实了光的波动特性B光电效应实验表明光具有粒子性C电子的发现揭示了原子不是构成物质的最小微粒D粒子散射实验是原子核式结构理论的实验基础5图示是粒子（氦原子核）被重金属原子核散射的运动轨迹，M、N、P、Q是轨迹上的四点，在散射过程中可以认为重金属原子核静止不动。图中所标出的粒子在各点处的加速度方向正确的是（ ） AM点 BN点 CP点 DQ点6一物体受到恒定合外力作用而做曲线运动，下列判断正确的是（）A该物体

2、的速度方向与合外力方向之间的夹角越来越小B该物体的运动轨迹可能为圆C在相等时间内合外力做的功一定相等D该物体速度大小由v增加到2v和由2v增加到3v的两个过程中，合外力所做的功相等7由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，带电荷量分别为q1和q2。其间距离为r时，它们之间相互作用力的大小为，式中k为静电力常量。若用国际单位制的基本单位表示，k的单位应为（ ）AkgA2m3 BkgA-2m3s-4 Ckgm2C-2 DNA-28在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个矩形的金属导体框，规定磁场方向向上为正，导体框中电流的正方向如图所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图变化时，下图中正确表示导体框中感

3、应电流变化的是（ ） B C9如图所示，在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为+Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中=60，规定电场中P点的电势为零则在+Q形成的电场中（ ）AN点电势高于P点电势BN点电势为CP点电场强度大小是N点的4倍D检验电荷在N点具有的电势能为mv210如图所示，一粒子源S可向外发射质量为m，电荷量为q带正电的粒子，不计粒子重力，空间充满一水平方向的匀强磁场，磁感应强度方向如图所示，S与M在同一水平线上，某时刻，从粒子源发射一束粒子，速度大小为v，方向与水平方向夹角为，SM与v方向在同一

4、竖直平面内，经时间t，粒子达到N处，已知N与S、M在同一水平面上，且SM长度为L，匀强磁场的磁感应强度大小可能是（ ）11如图所示，质量为2kg的木板M放置在足够大光滑水平面上，其右端固定一轻质刚性竖直挡板，对外最大弹力为4N，质量为1kg的可视为质点物块m恰好与竖直挡板接触，已知M、m间动摩擦因数=0.5，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力初始两物体均静止，某时刻开始M受水平向左力F作用，F与M位移关系为F=3+0.5x，重力加速度g=10m/s2，关于M、m的运动，下列表述正确的是（ ）Am的最大加速度为9m/s2 Bm获得的最大速度无法求解C当F刚作用时，竖直挡板对m就有弹力作用D当M运动位

5、移为24m过程中，F所做的功为216J12.如图所示，质量为m的小球用两细线悬挂于A、B两点，小球可视为质点，水平细线OA长L1，倾斜细线OB长为L2，与竖直方向夹角为，现两细线均绷紧，小球运动过程中不计空气阻力，重力加多少为g，下列论述中不正确的是（ ）A在剪断OA现瞬间，小球加速度大小为gtanB剪断OA线后，小球将来回摆动，小球运动到B点正下方时细线拉力大小为mg（32cos）C剪断OB线瞬间，小球加速度大小为gsinD剪断OB线后，小球从开始运动至A点正下方过程中，重力功率最大值为mg二、实验题（本题有2小题，每空格2分，共12分。）13如图所示，某实验小组同学利用DIS实验装置研究支

6、架上力的分解A、B为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负B固定不动并通过光滑铰链连接一直杆，A可沿固定的圆弧形轨道移动，连接不可伸长的轻绳，轻绳另一端系在杆右端O点构成支架该实验用同一钩码提供对O点竖直向下的拉力，实验时始终保持杆在水平方向操作步骤如下（取g=10m/s2，计算结果保留一位有效数字）：测量轻绳与水平杆的夹角；对两个传感器进行调零；在0点悬挂钩码，记录两个传感器的读数；取下钩码，移动传感器A改变角；重复上述实验步骤，得到表格F1/N2.0011.1551.1562.002F2/N1.7330.5780.5791.7343060120150

7、根据表格数据可得，A传感器对应的是表中力 （选填“F1”或“F2”），钩码质量 为 kg挂上钩码后，传感器A沿固定轨道移动过程中轻绳A0拉力的最小值为 N14某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系，可用的器材如下：电源（电动势为3V，内阻为1）、电键、滑动变阻器（最大阻值为20）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干（1）实验中得到了小灯泡的UI图象如图甲所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而 （选填“增大”“减小”或“不变”）（2）根据图甲，在图乙中把缺少的导线补全，连接成实验的电路（3）若某次连接时，把AB间的导线误接在AC之间，合上电键，任意移动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭，则此时的电路

8、中，小灯泡获得的最小功率是 W（计算结果保留2位有效数字）三、计算题：（本题有4小题，共40 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15（9分）如图所示，光滑水平面AB与竖直面内粗糙的半圆形导轨在B点衔接，BC为导轨的直径，与水平面垂直，导轨半径为R=40cm，一个质量为m=2kg的小球将弹簧压缩至A处小球从A处由静止释放被弹开后，以速度v=5m/s经过B点进入半圆形轨道，之后向上运动恰能沿轨道运动到C点（g取10m/s2），求：（1）释放小球前弹簧的弹性势能；（2）小球到达C点时的速度；（3）小球在由B到C

9、过程中克服阻力做的功16、（10分）如图所示，光滑水平地面上有一足够长的木板，其质量M=5kg、以v0=7m/s的初速度沿水平地面向右运动在木板的上方安装一个固定挡板PQ（挡板靠近但不接触木板），当木板的最右端到达挡板正下方时，立即将质量m=1kg的小铁块贴着挡板的左侧无初速地放在木板上，铁块与木板之间的动摩擦因数=0.5当木板向右运动S=lm时，又无初速地贴着挡板在第1个小铁块上放置第2个相同的小铁块，以后每当木板向右运动lm就再放置一个相同的小铁块，直到木板停止运动（放到木板上的各个铁块始终被挡板挡住而保持静止状态，取g=10m/s2）求：（1）放置第3个铁块的瞬间，木板速度的大小？（结果

10、保留根号）；（2）木板上最终叠放了多少个铁块？17、（8分）如图所示，光滑的金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨足够长，电阻不计，两轨间距为L，其左端连接一阻值为R的电阻导轨处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，一质量为m的金属棒，放置在导轨上，其电阻为r，某时刻一水平力F垂直作用在金属棒中点，金属棒从静止开始做匀加速直线运动，已知加速度大小为a，金属棒始终与导轨接触良好（1）从力F作用开始计时，请推导F与时间t关系式；（2）F作用时间t0后撤去，求金属棒能继续滑行的距离S18（13分）如图所示，宽度为L的区域被平均分为区域、，其中、有匀强磁场，它们的磁感强度大小相等，方向垂直纸面且相反长

11、为L，宽为的矩形abcd紧邻磁场下方，与磁场边界对齐，O为dc边中点，P为dc边中垂线上一点，OP=3L矩形内有匀强电场，电场强度大小为E，方向由a指向O电荷量为q、质量为m、重力不计的带电粒子由a点静止释放，经电场加速后进入磁场，运动轨迹刚好与区域的右边界相切（1）求该粒子经过O点时速度大小v0；（2）求匀强磁场的磁感强度大小B；（3）若在aO之间距O点x处静止释放该粒子，粒子在磁场区域中共偏转n次到达P点，求x满足的条件及n的可能取值永春一中 培元中学 季延中学 石光中学2018届高三年毕业班第一次联合考试答案（物理科）一、选择题（40分）123456789101112CDBABCADAC

12、D二、实验题13、F1；0.1；1；14、增大；如图所示（3）0.3315、（9分）答：（1）释放小球前弹簧的弹性势能为25J； +3分（2小球到达C点时的速度为2m/s；（3）小球在由B到C过程中克服阻力做的功为5J +3分16、（10分）解：（1）当放置在第1个小铁块时，根据牛顿第二定律得：mg=Ma1 +1分解得：a1=1m/s2，方向向左， 由=2a1s +1分得，放置第2个铁块瞬间长木板的速度：v1=，m/s 放置第2个铁块后，根据牛顿第二定律得：2mg=Ma2 +1分a2=2m/s2，=2a2s +1分得，放置第3个铁块瞬间长木板的速度：v2=m/s +1分（2）长木板停下来之前，

13、由动能定理得：Wf=0M +2分而Wf=（mgs）+（2mgs）+（nmgs）=mgs +2分 联立解得：n6.5，所以最终应有7个铁块放在长木板上 +1分 答：（1）放置第3个铁块的瞬间，木板的速度为m/s；（2）木板上最终叠放了7个铁块17、（8分）解：（1）设t时刻，电路中电流为I，对金属棒由：FBIL=ma +1分根据闭合电路欧姆定律可得BLv=I（R+r） +1分金属棒速度v=at +1分联立解得 +1分（2）撤去F瞬间，金属棒速度v0=at0 +1分在t时间内，取金属棒速度方向为正方向由动量定理ILBt=mv两边求和BLv=I（R+r）联立可得 +2分即（1）从力F作用开始计时，请

14、推导F与时间t关系式为；（2）F作用时间t0后撤去，求金属棒能继续滑行的距离为18、 解：（1）由题意中长宽几何关系可知aO=L， +1分粒子在aO加速过程有动能定理： +1分得粒子经过O点时速度大小：v0= +1分（2）粒子在磁场区域III中的运动轨迹如图，设粒子轨迹圆半径为R0，由几何关系可得： +1分由洛伦兹力公式和牛顿第二定律得： +1分联立式，得：B= +2分（3）若粒子在磁场中一共经过n次偏转到达P，设粒子轨迹圆半径为R，由几何关系有：依题意有0RR0 +1分联立得，且n取正整数 +1分 设粒子在磁场中的运动速率为v，有： +1分在电场中的加速过程，由动能定理： +1分联立式，得：，其中n=2、3、4、5、6、7、8 +1分（1）该粒子经过O点时速度大小为（2）求匀强磁场的磁感强度大小B为（3）若在aO之间距O点x处静止释放该粒子，粒子在磁场区域中共偏转n次到达P点，x满足的条件是： 其中n=2、3、4、5、6、7、8