湖南省岳阳县一中学年高一下学期期末考试物Word文档格式.docx

1、如图所示，汽车通过凹形桥的最低点时A.车对桥的压力等于汽车的重力 B.车对桥的压力小于汽车的重力C.车的速度越大，车对桥面的压力越小 D.车的速度越大，车对桥面的压力越大7甲、乙两颗人造卫星绕地球作圆周运动，半径之比为R1:R2= 1 : 4 ，则它们的运动周期之比和运动速率之比分别为A.T1:T2= 8 : 1，v1:v2= 2 : 1 B.T1:T2=1 : 8，v1:v2= 1 : 2C.T1:T2= 1 : 1 D.T1:T2=8 : v2= 1 :8如图所示，木块M上表面是水平的，当木块m置于M上，并与M一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，在下滑过程中A.M对m的支持力对m做负功 B

2、.M对m的摩擦力对m做负功C.M对m的作用力做负功 D.M对m的作用力做正功9如图所示，m1与m2通过轻质绳连接，m1），若两小球恰在同一水平线上，那么两球一定带异种电荷B.q1一定大于q2C.m1一定小于m2D.m1所受静电力一定大于m2所受静电力14一个质量为2kg的物体在五个共点力作用下保持平衡。现在撤掉其中两个力，这两个力的大小分别为25N和20N，其余三个力保持不变，则物体此时的加速度大小可能是A.1m/s2 B.10m/s2 C.20m/s2 D.30m/s2三、实验题：共2题15“探究功与速度变化的关系”的实验装置如下图所示，当小车在一条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为

3、W；当用2条、3条、4条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、第4次实验时，橡皮筋对小车做的功记为2W、3W、4W每次实验中小车获得的最大速度可由打点计时器所打出的纸带测出.（1）关于该实验，下列说法正确的是（多选）_.A.为了平衡摩擦力，实验中可以将长木板的一端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B.实验仪器安装时，可以不平衡摩擦力C.每次实验小车必须从同一位置由静止弹出D.实验中要先接通打点计时器的电源再释放小车（2）下图给出了某次实验打出的纸带，从中截取了测量小车最大速度所用的一段纸带，测得A、B、C、D、E相邻两点间的距离分别为AB1.48 cm，BC

4、1.60 cm，CD1.62 cm，DE1.62 cm；已知相邻两点打点时间间隔为0.02 s，则小车获得的最大速度vm_m/s.（结果保留两位有效数字）16在用落体法验证机械能守恒定律的实验中：（1）运用公式mv2=mgh的实验条件是_，为此目的，所选择的纸带1、2两点间的距离应接近_。（2）若实验中所用重锤的质量m=1 kg，打点纸带如图所示。打点时间间隔为0.02 s，则记录B点时，重锤速度vB=_，重锤动能EkB=_，从开始下落起至B点重锤的重力势能减少量是_，由此可得出结论是_ _。四、计算题：17如图所示，电场中某一电场线为一直线，线上有A、B、C三个点，电荷q1108C从B点移到

5、A点时静电力做了107J的功；电荷q2108C在B点的电势能比在C点时大107J。（1）比较A、B、C三点的电势高低，按由高到低的顺序排列；（2）求A、C两点间的电势差；（3）设B点的电势为零，求电荷q2在A点的电势能。18质量是2kg的物体，开始静止在动摩擦因数0.1的水平面上，它受到水平力F的作用，力F随时间t变化的图象如图所示。求该物体在2s末的速度及2s内的位移（g=10m/s2）。答案部分1.B【解析】本题考查了加速度与速度的关系，意在考查考生的理解能力。加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度大表明物体速度变化快，但是时间不确定的情况下，无法确定速度变化大小，A项错误，B项正确

6、；加速度的大小与速度大小无直接关系，加速度为零，速度不一定为零，比如匀速运动的物体，C项错误；加速度不为零的物体可能做减速运动，所以速度不一定越来越大，D项错误；综上本题选B。2.A【解析】本题考查了受力分析、摩擦力的大小等相关知识，意在考查考生的分析能力。铁块受到重力、水平推力、墙壁对其的弹力、静摩擦力处于静止状态，合力为零，当推力增大时，根据共点力平衡，可知墙对铁块的弹力增大，A项正确，C项错误；铁块受到的静摩擦力始终等于重力，所以静摩擦力大小不变，BD项错误；综上本题选A。3.C【解析】平抛运动物体仅受重力作用，力大小和方向不变，所以平抛运动是一种在恒力作用下的曲线运动，选项A正确；平抛

7、运动的速度方向与重力的方向的夹角逐渐减小，选项B正确，C错误；平抛运动水平初速度不变，竖直分速度不断增大，则合速度大小时刻变化，选项D正确。4.D【解析】本题考查了库仑定律的应用，意在考查考生的识记能力。根据库仑定律可知两个小球原来的作用力大小为：，两球所带电性若相同，接触后电荷平分，若电性相反，则接触后先中和再平分，两球间的作用力变为：，或，ABC项错误，D项正确；综上本题选D。5.B【解析】由题意知甲、乙两物体的角速度之比12=6045=43,v1v2=r11r22=23.故选项B正确.6.D【解析】本题考查向心力的知识，意在考查学生对向心力来源的理解。汽车通过凹形桥的最低点时，向心力竖直

8、向上，合力竖直向上，加速度竖直向上，根据牛顿第二定律得知，汽车过于超重状态，所以车对桥的压力比汽车的重力大，故AB错误；对汽车，根据牛顿第二定律得：Nmg=m，则得N=mg+m，可见，v越大，路面的支持力越大，据牛顿第三定律得知，车对桥面的压力越大，故C错误，D正确。7.C【解析】本题考查了开普勒第三定律、圆周运动的规律、万有引力定律等相关知识，意在考查考生的理解和应用能力。根据开普勒第三定律可知两颗卫星的周期之比为T1: 8，再根据可得两颗卫星的线速度之比为v1: 1，C项正确，ABD项错误；综上本题选C。8.A【解析】本题考查了功的概念，意在考查考生的理解和分析能力。整体分析可知整体加速度

9、为，方向沿斜面向下；再隔离m，受到重力、支持力和向左的静摩擦力，根据力与位移的夹角，可知支持力对m做负功，A项正确；静摩擦力对m做正功，B项错误；M对m的作用力即为支持力和摩擦力的合力，根据牛顿第二定律可知，该合力与重力垂直于斜面的分力等大反向，故做功为零，CD项错误；9.D【解析】本题考查了机械能守恒的条件，意在考查考生的理解和应用能力。m1受到重力和绳子的拉力作用，拉力不为零，m1上升过程中拉力做正功，机械能增加，A项错误；同理，m2下降的过程中拉力做负功，机械能减少，B项错误；m1和m2组成的系统只有重力做功，机械能守恒，C项错误，D项正确；10.A【解析】本题考查了牛顿第二定律的应用，

10、意在考查考生的分析和解决能力。当升降机以4m/s2的加速度加速向上运动时，设下面弹簧处于压缩，根据牛顿第二定律得，F1+F2-mg=ma1，F2=1.0N即上面弹簧处于伸长状态；当升降机和物体都以8m/s2的加速度向上运动时，合力F合=ma2=0.8N，根据牛顿第二定律知，两根弹簧作用在物体上的合力为1.8N，则物块要下移，两根弹簧增加的形变量相同，增加的弹力相等，开始F1=0.4N，F2=1.0N，则上面弹簧的弹力为0.6N，A项正确，BCD项错误；11.B【解析】本题考查了平抛运动的规律，意在考查考生的识记和应用能力。两个飞镖均做平抛运动，运动情况与质量无关，所以无法比较两者的质量，A项错

11、误；根据两个飞镖打在墙上的高度，由可知飞镖A的飞行时间小于飞镖B的飞行时间，B项正确；两者水平位移相同，根据匀速直线运动规律可知抛出时飞镖A的初速度大于飞镖B的初速度，C项错误；由于B飞镖在竖直方向的位移比较大,所以B飞镖飞行时间比较长，所以水平方向vxAvxB，在相同时间内竖直方向B的位移较大，所以竖直方向vyAvyB。v合=,所以，无法判断哪只飞镖的速度大。12.ABD【解析】本题考查了探究小车速度随时间变化的规律的实验探究，意在考查考生的识记和应用能力。根据逐差法可知，相邻相同时间间隔内位移差为常数，即s2s1aT2；A项正确；s4=s3+aT2=s2+2aT2s1+3aT2，B项正确；

12、由于0点并不是初始位置，所以初速度不为零，s1T2，C项错误；根据中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，有v2，D项正确；综上本题选ABD。13.AC【解析】本题考查了共点力平衡、电荷间的相互作用力，意在考查考生的理解和应用能力。由于两球相互吸引则带异种电荷，A项正确；设两球间库仑力大小为F，对m1研究，得到F=m1gtan，同理，对m2研究，得到F=m2gtan则m1tan=m2tan，因为，得到m1m2，C项正确；根据牛顿第三定律，m1所受静电力一定等于m2所受静电力，D项错误；两球间的库仑力大小相等，无法判断电量的大小，B项错误，综上本题选AC。14.BC【解析】本题考查了力的合成

13、、牛顿第二定律等相关知识，意在考查考生的理解和应用能力。五个力的合力为零，撤去两个力后，根据力的合成可知物体的合力大小在545N之间，由牛顿第二定律可得物体的加速度范围在2.522.5m/s2，BC项正确，AD项错误；综上本题选BC。15.（1）ACD（2）0.81【解析】（1）本题考查探究功与速度的关系，本题关键是要明确小车的运动情况，先加速，再匀速，最后减速。橡皮条做功完毕，速度最大，做匀速运动，故需要测量匀速阶段的速度。本题意在考查考生的对公式的理解及其在实际生活中的应用能力。A、当小车拉着穿过打点计时器的纸带做匀速运动时，沿长木板方向的重力的分力大小等于摩擦力，即在实验中可消除摩擦力的

14、影响，A正确；B、实验仪器安装时，必须平衡摩擦力，B项错误；C、每次实验小车必须从同一位置由静止弹出，C项正确；D、使用打点计时器时都必须先接通电源再释放小车，D项正确.综上本题选ACD。（2）小车获得的最大速度vm/s0.81 m/s.。16.（1） 初速度为0 2mm （2）0.59m/s0.174J0.172J在误差允许的范围内其机械能守恒【解析】本题考查了验证机械能守恒定律的实验探究，意在考查考生的理解和应用能力。（1）根据实验表达式可知，重力势能的减少量中涉及的高度是从初始位置开始测量的，所以认为初始点速度为零，那么第一个点和第二个点之间的高度不能大于：；（2）由平均速度的推论可知中

15、间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，即=0.59m/s，重锤动能EkB=0.174J，从开始下落起至B点重锤的重力势能减少量是=0.172J；由此可以得出的结论是：在误差允许的范围内其机械能守恒。17.（1）CBA（2） -20V （3） 1J【解析】本题考查了电场力做功，电势能电势差等相关知识，意在考查考生的识记和应用能力。（1）电荷q1由B到A有WBA=q1UBAB-A= =10VA又q2Bq2C=10-7BC= -10VB（2）UAC=A-C=B+C=-10+（-10）=-20V（3）若B0则A10VA=-10V。Ep=q2A=118.3m/s2.5m【解析】本题考查了牛顿第二定律、匀变速直线运动规律等相关知识，意在考查考生的分析和解决能力。由F-t图知01sFmg物体做匀加速运动F1-mg=ma14-0.12102a1a11m/s2v1=a1t=11=1m/sx1=a1t2= 112=0.5m1s2sFmg物体做匀加速运动F2-mg=ma26-0.1102a2a22m/s2v2=v1+a1t=1+12=3m/sx2=v1t+a2t2=11+212=2m所以，末速度为v2= 3m/s总位移为x=x1+x2=0.5+2=2.5m。