珠海市度第一学期学生学业质量监测 高一物理A卷 及参考答案Word文档格式.docx

1、5 如图所示为甲、乙两质点的vt图象对于甲、乙两质点的运动，下列说法中正确的是A质点甲、乙的速度相同B质点甲向所选定的正方向运动，质点乙与甲的运动方向相反C在相同的时间内，质点甲、乙的位移相同D不管质点甲、乙是否从同一地点开始运动，它们之间的距离一定越来越大6 物体通过两个连续相等位移的平均速度分别是=10m/s， =15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是A13.75m/s B12.5m/s C12m/s D11.75m/s7 第7题图一质点沿一条直线运动，其位移随时间t的变化关系如图所示，Oa段和cd段为直线、ac段为曲线，Oa段的平均速度为v1，ac段的平均速度为v2，cd段的平均

2、速度为v3，Od段平均速度为v4，则AOa段质点做匀加速运动Bv2可能等于v4Cv1、v2、v3和v4中v3最大DOa段的加速度小于cd段的加速度第8题图8 如图所示，一木块受到垂直于倾斜墙面方向的推力F作用而处于静止状态，下列判断正确的是A墙面与木块间的弹力可能为零B墙面对木块的摩擦力可能为零C木块所受墙面的摩擦力随推力F的增大而变化D在推力F逐渐增大过程中，木块将始终维持静止9 放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，在06s内F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数分别为（g取10m/s2）第9题图

3、 Am=0.5kg，=0.2 Bm=1.5kg，=Cm=1.5kg，=0.2 Dm=0.5kg，=0.410. 第10题图如图所示，是某同学站在压力传感器上，做下蹲、起立的动作时记录的压力随时间变化的图线。由图线可知，该同学的体重约为650 N，在2s8s时间内：A该同学做了一次下蹲再起立的动作 B该同学做了两次下蹲再起立的动作C下蹲过程中人一直处于失重状态D下蹲过程中人先处于超重状态后处于失重状态二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题所给的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不选得0分。11. 关于力学单位制说法中正确的是A

4、kg、N是导出单位Bkg、m、s是基本单位C在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是gD在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式是Fma 12. 汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，根据牛顿运动定律可知A汽车拉拖车的力的大小大于拖车拉汽车的力的大小B汽车拉拖车的力的大小等于拖车拉汽车的力的大小C汽车拉拖车的力大于拖车受到的阻力D汽车拉拖车的力等于拖车受到的阻力13. 关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是A速度变化得越多，加速度就越大B速度变化得越快，加速度就越大第14题图C加速度的方向保持不变，速度方向可能会改变D加速度大小不断变小，速度大小可能会增加14. “蹦极”是一项非常刺激

5、的体育运动某人身系弹性绳自高空P点自由下落，如图中a点是弹性绳的原长度位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置，人在从P点下落到最低点c点的过程中（不计空气阻力）A在ab段人的速度减小，加速度增大B在ab段人的速度增大，加速度减小C在bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态第15题图D在c点，人的速度为零，处于平衡状态15. 物体做直线运动，速度时间图象如图所示。由图象可以判断A前4 s内物体的位移为零B第1 s末物体的速度改变方向C第3 s末和第5 s末物体的位置相同D第1 s末物体距离出发点最远16. 质点做直线运动的位移x与时间的关系为x = 5t + t2 （各物理

6、量均采用国际单位制单位），则该质点 A第1s内的位移是6m B前2s内的平均速度是6m/sC任意相邻1s内的位移差都是1m D任意1s内的速度增量都是2m/s第卷（非选择题，共46分）三、实验题：本题2小题，共18分17.（10分）用如图甲所示的装置做“验证力的平行四边形定则”实验。第17题图（1）小明同学的实验操作如下，请把空白的实验步骤填齐。在桌面上放一方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上。用图钉把橡皮条一端固定在A点，另一端系上两根细绳，细绳的另一端系有绳套。用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，橡皮条伸长，使结点到达某一位置O。记下O点的位置，读出且记下两

7、个弹簧测力计的示数，并记下_。按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F。只用一个弹簧测力计，通过细绳套把橡皮条的结点拉到同样的位置O，_，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F的图示。（2）某次实验中弹簧测力计的示数如图乙所示，则两弹簧测力计的拉力的大小分别为_ N、_ N。（3）小红同学完成验证力的平行四边形定则实验操作后得到的数据如图丙，请按照图示所给定的标度在方框中作图完成该同学未完成的实验处理。18.（8分）在“探究匀变速直线运动的规律”的实验中，某同学的实验操作如下，请完成相关内容。第18题图（1）某同学按如图甲所示安装实验装

8、置并准备开始实验。请指出该同学在实验操作中存在的两处错误：a._；b._。（2）该同学经正确操作得到如图乙所示的纸带，取连续的六个点，测得h1、h2、h3、h4、h5。若打点的周期为T，则打E点时速度为vE；若分别计算出各计数点对应的速度数值，并在坐标系中画出v2与h的关系图线，如图丙所示，则小车的加速度am/s2。四、计算题：本题3小题，共28分。要求每题写出解题过程，只有答案没有过程概不评分。19（9分）某校一课外活动小组自制一枚火箭，设火箭从水平地面发射后，始终在垂直于地面的方向上运动。火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4 s到达离地面40 m高处时燃料恰好用完，若不计空气阻力，取g

9、10 m/s2，求：（1） （2分）燃料恰好用完时火箭的速度大小（2） （3分）火箭上升离地面的最大高度（3） （4分）火箭从发射到残骸落回地面过程的总时间20. （9分）如图所示，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，整个系统处于静止状态，已知斜面倾角及轻绳与竖直方向夹角均为30。不计小球与斜面间的摩擦，求：第20题图（1）（2分）画出小球的受力分析示意图（2）（4分）轻绳对小球的作用力大小（3）（3分）水平面对斜面体的支持力大小21. （10分）如图甲所示，倾角37的粗糙斜面固定在水平面上，斜面足够长。一根轻弹簧一端固定在斜面的底端，另一端与质量m1.0

10、 kg的小滑块（可视为质点）接触，滑块与弹簧不相连，弹簧处于压缩状态。当t0时释放滑块。在00.24 s时间内，滑块的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示（0.24s之后的图象未画出）。已知弹簧的劲度系数k2.0102 N/m，当t0.14 s时，滑块的速度v12.0 m/s。（g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8， =2.236，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。第21题图（1） （2分）斜面对滑块的摩擦力Ff（2） （2分）t0时弹簧的压缩量x（3） （2分）滑块第一次离开弹簧后向上滑行的最大距离S（4） （4分）请把0.24s后到滑块再次碰到弹簧的a-t图象在图乙中补画完

11、整珠海市2016-2017年度第一学期学生学业质量监测高一物理 （ A卷 ）参考答案每小题3分，共10小题，共30分，每小题中只有一项是正确的。题号12345678910答案BACD111213141516BDBCBCDACAD三、实验题:本题共2小题，共18分17.（10分）（1）记下两条细绳的方向（2分）读出并记下弹簧测力计的示数（2分）（2） 2.50；4.00 （每空1分，共2分）（3）（4分）如图所示,每做对一条线得1分18. （8分）（1）打点计时器应该接交流电源（2分）；开始时小车应该靠近打点计时器（2分）（2） （2分） 5.4（2分）四、计算题:本题共3小题，共28分19.（

12、9分）解: 设燃料用完时火箭的速度为v1，所用时间为t1。火箭的上升过程分为两个过程，第一个过程为匀加速上升运动，第二个过程为竖直上抛运动至到达最高点。（1）对第一个过程有h1t1（1分）代入数据解得v120 m/s（1分）（2）对第二个过程有h2（1分）代入数据解得h220 m（1分）所以火箭上升离地面的最大高度hh1h240 m20 m60 m（1分）（3） 从燃料用完到运动至最高点的过程中，由v1gt2得t2s2 s（1分）从最高点落回地面的过程中由hgt而h60 m，代入得t32 s（1分）故总时间t总t1t2t3（62） s（1分）20. （9分）解:（1）（2分）以B为研究对象，受

13、力如图甲所示（2）（4分）由几何关系知30根据受力平衡可得FT sin= FN sin （1分）FT cos+ FN cos=mg （1分）FTmg （1分） （3）（3分）以斜面体为研究对象，其受力如图乙所示由（2）可得FNmg（1分）由牛顿第三定律FN= FN由受力平衡得，水平面对斜面体的支持力FN1MgFNcos Mg21. （10分）解:（1） （2分）由图乙可知，当t10.14 s时，滑块与弹簧开始分离此后滑块受重力、斜面的支持力和摩擦力，如图（a）所示。分离后，滑块开始做匀减速直线运动，在这段过程中，由图乙可知，滑块加速度的大小a110 m/s2根据牛顿第二定律有mgsin Ffm

14、a1（1分）解得Ff=4N（1分）（2）（2分）由图乙可知，在出发点时滑块加速度的大小a30 m/s2此时滑块受力如图（b）所示，有kxmgsin Ffma（1分）解得x0.20 m（1分）（3） （2分）设从t10.14 s时开始，经时间t1滑块的速度减为零，则有t10.20 s（1分）在这段时间内滑块运动的距离x10.20 m（1分）（4）（4分）即t20.34 s时滑块速度减为零，此后滑块将反向做匀加速直线运动，受力如图c所示，根据牛顿第二定律可求得此后加速度的大小a22.0 m/s2设滑块沿斜面下滑回到弹簧原长处的时间为t2x1a2tt2=s=0.45s所以滑块第一次离开弹簧到再次碰到弹簧的时刻t3t2t2=0.79s 故滑块第一次离开弹簧到再次碰到弹簧的a-t图象如图所示（4分）（刻度2分，图象2分）