上海市宝山区中考一模物理试题解析版文档格式.docx

1、B船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，是利用连通器原理工作的，故B符合题意；C用管子吸饮料是利用大气压将饮料压入嘴中的，故C不符合题意；D吸尘器工作时，由于转动的扇叶处气体流速大压强小，灰尘的大气压的作用下被“吸入”，故D不符合题意。故选B。5. 如图所示，两个圆柱形容器A、B，盛有体积相同的同种液体且放置在水平桌面上。若两容器底部受到的液体压力分别为FA、FB，受到的液体压强分别为pA、pB，则它们的关系是（）A. FA=FB、pApB B. FA=FB、pApBC. FAFB、pA=pB D. FAFB、pA=pB【详解】本题中，两柱形容器中的

2、液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据密度公式有故体积相同的同种液体质量相同，根据G=mg可知，液体的重力相同，故液体对容器底部的压力相等；根据，因A容器底面积大，可得出pApB，故ACD不符合题意，B符合题意。6. 在图的电路中。电源电压保持不变，电阻R0的阻值不变。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，发现电流表A的示数变小，则（）A. 滑片P向左滑动，电压表V示数变小B. 滑片P向左滑动，电压表V的示数变大C. 滑片P向右滑动，电压表V的示数变小D. 滑片P向右滑动，电压表V的示数变大【答案】C【详解】由图可知，电阻R0和变阻器R串联，电压表测量电阻R0两端的电压，电流表测量电路中的电

3、流。AB如果滑片P向左滑动，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的串联可知总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故AB不符合题意；CD如果滑片P向右滑动，变阻器连入电路的电阻变大，由电阻的串联可知总电阻变大，由可知电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U=IR可知R0两端的电压变小，即电压表V的示数变小，故C符合题意，D不符合题意。故选C。二、填空题（本大题共7题，共24分）7. 一节干电池的电压为_伏，教室中日光灯正常工作的电压为_伏，电灯和控制电灯的开关之间是_连接的（选填“串联”或“并联”）。【答案】 . 1.5 . 220 . 串联【详解】12由常见的电压可知，一节

4、新干电池的电压为1.5V，家庭电路的电压是220V，所以教室中的日光灯正常工作的电压是220V。3电灯和控制它开关之间是串联连接的，这样才能实现有效控制。8. 冰的密度为0.9103千克/米3，表示每立方米冰的_为0.9103千克一 块质量为1.8千克的冰的体积为_米， 若它完全熔化成水，其密度_（选填 “变大”、“变小”或“不变”）【答案】 . 质量 . 2103 . 变大【详解】1单位体积的质量叫做这种物质的密度，冰的密度为0.9103千克/米3，表示的意思是每立方米冰的质量为0.9103千克2根据密度公式=得，冰的体积为:V= =2103m3；3冰熔化成水后，质量不变，因为水的密度大于冰

5、的密度，它完全熔化成水，其密度变大9. 通过某导体的电流为0.2安，10秒内通过其横截面的电荷量为_库；若此时导体两端电压为8伏。则它的电阻为_欧；该导体两端电压减小为0伏时，其电阻为_欧。【答案】 . 2 . 40 . 40【详解】110秒内通过其横截面的电荷量为Q=It=0.2A10s=2C2导体的电阻3因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，该导体两端电压减小为0V时，导体的电阻仍为40不变。10. 重为10牛的木块漂浮在水中，则木块受到的浮力为_牛，浮力的方向为_；若用力将木块全部压入水中，则它受到的浮力将_（选填“变大”“不变”或“变小”）。【答案】 . 10

6、 . 竖直向上 . 变大【详解】12重为10牛的木块漂浮在水中，物体处于静止状态，根据二力平衡的知识，则木块受到的浮力等于物体的重力，故受到的浮力为10牛，浮力的方向为竖直向上。3若用力将木块全部压入水中，物体排开水的体积变大，根据阿基米德原理，则它受到的浮力将变大。11. 恰当运用“类比法”可深刻理解物理现象。如图4所示，我们可以将电路中_类比为水路中的水流，电路中_类比为水路中的水压，而抽水机在“水路”中的作用相当于电路中的_。【答案】 . 电流 . 电压 . 电源【详解】1水的定向移动形成水流，电荷的定向移动形成电流，通过这种相似性将无形的电流类比于有形的水流，理解就容易了。2水之所以能

7、定向移动，是因为有水压，电荷之所以定向移动是因为有电压，因此将电压类比于水压就容易理解电压和电流之间的关系了。3水压时抽水机不断抽水形成水位差即产生水压，而电压则是由电源提供，所以抽水机在水路中的作用相当于电路中的电源。12. 在下图的电路中，电源电压为U0且保持不变，电阻R和小灯L的阻值均为R0。闭合开关S，小灯不发光。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯L上。则：（1）三个电表中示数一定不为零的电表是_。（2）若三个电表中只有一个电表的示数为零，请写出各电表的示数_及对应的故障_。【答案】 . 电压表V . V的示数为U0，V1的示数为0（或V1、V的示数均为U0） . 灯L短路（

8、或灯L断路）【详解】（1）1由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测小灯两端的电压，电压表V测电源电压。闭合开关S，小灯不发光，故说明电路可能断路，也可能是小灯短路。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯L上，即可能是R断路（电流表和电压表V1都没有示数），也可能是小灯L断路（电流表没有示数）或小灯L短路（电压表V1没有示数），电压表V 始终测量电源电压，因此无论哪种情况，故一定不为零的电表是电压表V。（2）23根据电路中只存在一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，可以做出以下假设：若L短路，则电路中有电流，电流表有示数，此时电压表V1测一段导线两端的电压，其示数

9、为0，电压表V测量的是电源电压，示数为U0，故符合题意；若L断路，则电流表示数为0，电压表V1、电压表V测量的都是电源电压，都有示数，示数均为U0；故符合题意；若R断路，则电流表示数为0，电压表V1示数也为0，即有两个电表的示数都为0，故不符合题意。综上可知，若三个电表中只有一个电表的示数为零，V的示数为U0，V1的示数均为0（或V1、V的示数均为U0），对应的故障为灯L短路（或灯L断路）。13. 可燃冰是一种新型能源，主要成分是甲烷和水，分布在深海沉积物里（如下图所示）或陆域的永久冻土中。其生成有三个基本条件：首先要低温，可燃冰在010时生成，超过20便会分解；其次要高压，可燃冰在0时，只需

10、要海水产生2.94106帕的压强即可生成；最后要有充足的气源。在温度、压强、气源三个条件都具备的条件下，可燃冰就会生成。（1）可燃冰的主要成分是_。（2）若要在0的海底生成可燃冰，海水的深度至少要_米（设海水密度为1.0103千克/立方米）。（3）如图所示，海底有一块体积为0.1米3且底部与海底紧密相连的可燃冰A，其受到海水的浮力为_牛。【答案】 . 甲烷和水 . 300 . 0（1）1根据题意可知，可燃冰一种新型能源，主要成分是甲烷和水。（2）2因为可燃冰在0时，只需海水产生2.94106帕的压强即可生成，所以可燃冰形成的气压为p2.94106Pa根据pgh得海水的深度（3）3浮力产生的原因

11、是上、下表面的压力差，即F浮F向上F向下当可燃冰的底部与海底紧密相连时，F向上0，其受到海水的浮力为0。三、作图题（本大题共2题，共4分）14. 重为3牛的小球静置于水平地面上，请在图中用力的图示法画出小球对地面的压力F【答案】【分析】【详解】压力的作用点在接触面上，方向垂直于接触面指向被压物体，大小为3N，力的三要素都要画正确15. 在图中根据图中标出的电流方向，从电流表、电压表和电源三个元件的符号中选出两个元件符号，分别填进电路的空缺处，填进后要求灯泡L1 和L2 并联，且都能发光。【详解】电路中电源是必不可少的，要求两灯并联，且都能发光，根据电流方向，则右边方框中一定是电源，且正极朝上；

12、由于两灯都能发光，则与灯L1串联的应该是电流表，若连接电压表将会导致灯泡L1不能发光，所以左边框内应选电流表。如下图所示：四、综合题（本大题共5题，共30分）16. 体积为1103米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮。【答案】10N【详解】解：小球受到的浮力答：小球受到的浮力为10N。17. 在如图所示的电路中，已知电阻R1的阻值为20，闭合开关S，电流表A的示数为1.2安，电流表A1的示数为0.4安。求：（1）电源电压U；（2）电阻R2的阻值。（1）8V；（2）10（1）由图可知R1和R2并联，且干路电流I=1.2A，电阻R1的阻值为R1=20，R1的电流为I1=0.4A，根据并联电路

13、电压特点可得，电源电压U=U1=I1R1=0.4A20=8V（2），根据并联电路中电流的特点可知，通过R2的电流为I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A由欧姆定律可得（1）电源电压为8V；（2）电阻R2的阻值为10。18. 如图所示，密度为2103千克/米3、边长为0.1米均匀正方体甲和底面积为210-2米2的薄壁柱形容器乙放在水平地而上，乙容器足够高，内盛有0.1米深的水。（1）求正方体甲的质量m甲；（2）求水对乙容器底部的压强p乙；（3）在甲的上部水平截去体积为V后，甲对水平地面的压强变为p甲；将截取部分放入乙容器中，水对乙容器底部的压强变为p乙，且p甲=p乙。试求水平截去体积V的大

14、小。（1）2kg；（2）1103Pa；（3）410-4m3（1）由题意可知，正方体甲的体积V甲=a3=（0.1m）3=110-3m3由密度公式可得，正方体的质量m甲=甲V甲=2103kg/m3110-3m3=2kg（2）乙容器内盛有0.1米深的水，由公式p=gh可得，水对乙容器底部的压强p乙=乙gh乙=110N/kg0.1m=1103Pa（3）在甲的上部水平截去体积为V后，甲物体截取部分的高度为甲物体截取后的高度为将截取部分放入乙容器中后，乙液体增加的高度为乙液体此时的高度为由题意可知此时甲、乙压强相等，即p甲=p乙甲gh甲=乙gh乙解得V=4（1）正方体甲的质量为2kg；（2）水对乙容器底部

15、的压强1（3）水平截去体积V的大小为410-4m3。19. 在如图的电路中，电源电压为14V且保持不变，电阻R1的阻值为10，滑动变阻器R2上标有“ 1A”字样（电阻值数字模糊不清）。闭合开关S，电流表的示数为0.5A。（1）求此时电阻R1两端的电压U1；（2）求此时滑动变阻器R2接入电路的阻值；（3）移动滑片P，在保证各元件都能正常工作的情况下，电流表示数的最大值是最小值的5倍，求滑动变阻器R2最大阻值R2max。（1）5V；（2）18；（3）60（1）由题意可知，R1的电阻为10，通过此串联电路的电流为0.5A，故根据欧姆定律U1=IR1=0.5A10=5V（2）由题意可知，电源电压U=1

16、4V,电路中的电流I=0.5A，因此电路中的总电阻定值电阻和滑动变阻器串联，滑动变阻器接入电路的阻值R2=R总-R1=28-10=18（3）由滑动变阻器的铭牌可知，滑动变阻器允许通过的最大电流是1A，因此由题意可知电流表示数的最大值为1A，则最小值为当电流为0.2A时，电路中的总电阻为因此滑动变阻器的电阻R2的最大阻值R2max=R总-R1=70-10=60（1）此时电阻R1两端的电压5V；（2）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值18；（3）滑动变阻器R2最大阻值为60。20. 小明同学在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，所用电源电压为3伏且不变，滑动变阻器上标有“20 1A”字样。（1）其实

17、验原理是_；（2）连接实验器材时，开关应该处于_状态（选填“断开”“闭合”或“任意”）；（3）将图所示滑动变阻器接入电路中，当滑片向右滑动时，接入电路的电阻变大的是_；A.B.C.D.（4）正确连接电路，闭合开关后，观察到电压表、电流表的示数如图所示：将滑片移到中点时，电流表示数为0.2安；在移动滑片过程中，观察到电流表示数的最大值为0.6安。根据以上信息，将实验数据记录表填写完整。物理量实验序号电压U（伏）电流I（安）电阻R（欧）电阻R平均值（欧）1_20.230.6【答案】 . 断开 . C . 1.6 . 0.3 . 5.3 . 5.1 . 1 . 5 . 3 . 5（1）1用电流表和电

18、压表直接测量待测电阻的电流和电压，根据欧姆定律计算电阻，所以实验原理是。（2）2为了保护电路，连接实验器材时，开关应该断开。（3）3A接线柱一上一下接入，滑片向右滑动时，接入电路的电阻线长度变短，电阻变小，故A不符合题意。B滑动变阻器同时使用了上面两个接线柱，将金属杆接入电路中，连入电路的电阻为零，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻仍然为零，故B不符合题意。C接线柱一上一下接入，滑片向右滑动时，接入电路的电阻线长度变长，电阻变大，故C符合题意。D滑动变阻器同时使用了下面两个接线柱，相当于定值电阻接入了电路，滑片移动，连入电路电阻丝长度不变，电阻不变，故D不符合题意。（4）4567891011电源电压是3V，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为1.6V；因为电流表的最大示数为0.6A，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；根据欧姆定律可知，电阻的阻值是已知滑片移到中点时，电流表示数为0.2A，滑动变阻器两端电压因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑片在中点时，电压表的示数U2=U-U=3V-2V=1V电阻的阻值是当滑动变阻器接入电路阻值为零时，电流表示数最大，即0.6A，电压表示数等于电源电压3V；电阻R平均值