云南省楚雄州民族实验中学届高三月考卷八物理试题 含答案Word下载.docx

1、C 微粒从M点运动到N点动能一定增加D 微粒从M点运动到N点机械能一定增加5.一台理想变压器的原，副线圈的匝数比是51，原线圈接入电压为220V的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R串联接在副线圈上，如图所示，电压表和电流表均为理想交流电表。则下列说法正确的是（ ）CA 原，副线圈中的电流之比为51B 电压表的读数约为44VC 若滑动变阻器接入电路的阻值为20 ，则1 分钟内产生的热量为2904 JD 若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均增大二、多选题（共3小题,每小题6.0分,共18分） 6.（多选）如图所示，传送带与水平面的夹角，当传送带静止时，在传送带顶端

2、静止释放小物块m，小物块沿传送带滑到底端需要的时间为t0，已知小物块与传送带间的动摩擦因数为则下列说法正确的是（）A 传送带静止时，小物块受力应满足mgsinmgcosB 若传送带顺时针转动，小物块将不可能沿传送带滑下到达底端C 若传送带顺时针转动，小物块将仍能沿传送带滑下，且滑到底端的时间等于t0D 若传送带逆时针转动，小物块滑到底端的时间小于t07.（多选）在水平桌面上有一个倾角为的斜面体。一个质量为m的物块，在平行于斜面的拉力F作用下，沿斜面向上做匀速运动。斜面体始终处于静止状态。已知物块与斜面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。下列结论正确的是（ ）A 斜面对物块的摩擦力大小是FB 斜面

3、对物块的摩擦力大小是mgcosC 桌面对斜面体的摩擦力大小是0D 桌面对斜面体的摩擦力大小是Fcos8.（多选）关于下列四幅图的说法正确的是_A 甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，C处观察不到闪光点B 乙图中用弧光灯照射原来就带电的锌板时，发现验电器的张角变大，说明锌板原来带正电C 丙图中处于基态的氢原子能吸收能量为10.4eV的光子而发生跃迁D 丙图中处于基态的氢原子能吸收动能为10.4eV的电子的能量而发生跃迁E丁图中1为射线，它的电离作用很强，可消除静电分卷II三、实验题（共2小题,共15分） 9.在“探究功与速度变化的关系”的实验中，某实验研究小组的实验装置如图甲

4、所示。木块从A点静止释放后，在一根弹簧作用下弹出，沿足够长的木板运动到点停下，记录此过程中弹簧对木块做的功为。点为弹簧原长时所处的位置，测得的距离为再用完全相同的2根，3根弹簧并在一起进行第2次，第3次实验并记录2，3及相应的，数据，用W-L图像处理数据，回答下列问题：（1）如图乙是根据实验数据描绘的W-L图像，图线不过原点的原因是_；（2）由图线得木块从A到O过程中摩擦力做的功是_；（3）图像斜率的物理意义是_。10.实际电流表有内阻，测量电流表G1内阻r1的电路如图1所示供选择的仪器如下：待测电流表G1（05 mA，内阻约300 ）电流表G2（010 mA，内阻约100 ）定值电阻R1（3

5、00 ）定值电阻R2（10 ）滑动变阻器R3（01 000 ）滑动变阻器R4（020 ）干电池（1.5 V）电键S及导线若干（1）定值电阻应选_，滑动变阻器应选_（在空格内填写序号）（2）对照电路图用笔连线连接如图2所示实物图（3）补全实验步骤：按如图7所示电路图连接电路，将滑动变阻器的触头移至最_（填“左端”或“右端”）；闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1和G2的读数I1和I2；多次移动滑动触头，记录G1和G2的读数I1和I2；以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图3所示（4）根据I2I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式_四、计算题11.如图所示，倾角=

6、300，长L=4.5m的斜面，底端与一个光滑的1/4圆弧轨道平滑连接，圆弧轨道底端切线水平一质量为m=1kg的物块（可视为质点）从斜面最高点A由静止开始沿斜面下滑，经过斜面底端B后恰好能到达圆弧轨道最高点C，又从圆弧轨道滑回，能上升到斜面上的D点，再由D点由斜面下滑沿圆弧轨道上升，再滑回，这样往复运动，最后停在B点已知物块与斜面间的动摩擦因数为，g=10m/s2，假设物块经过斜面与圆弧轨道平滑连接处速率不变求：. 物块经多长时间第一次到B点；. 物块第一次经过B点时对圆弧轨道的压力；. 物块在斜面上滑行的总路程12.如图所示，在屏蔽装置底部中心位置O点放一医用放射源，可通过细缝沿扇形区域向外辐

7、射速率为v3.2106m的粒子已知屏蔽装置宽AB9cm，缝长AD18cm，粒子的质量m6.641027kg，电量q3.21019C若在屏蔽装置右侧条形区域内加一匀强磁场来隔离辐射，磁感应强度B0.332 T，方向垂直于纸面向里，整个装置放于真空环境中（1）若所有的粒子均不能从条形磁场隔离区的右侧穿出，则磁场的宽度d至少是多少？（2）若条形磁场的宽度d20cm，则射出屏蔽装置的粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间各是多少？（结果保留2位有效数字）【物理选修3-3】13.（1）下列有关各种现象的说法中，正确的是（）A一杯热茶在打开杯盖后，茶会自动变得更热B蒸汽机不能把蒸汽的内能全部转化为机械能C电

8、冰箱通电后把冰箱内部低温物体的热量传到冰箱外部的高温物体D在水平面滚动的足球克服摩擦力做功，其动能会全部转化为内能，最后会停下来E空气会自发地分离成氮气，氧气，二氧化碳等各种不同的气体（2）如图所示，金属容器被不漏气的活塞P分成A，B两部分，A与U形管压强计相连，B与阀门K相连整个容器内温度均匀而且恒定，A内充有1.5 L空气，B内充有3 L氧气，大气压强为p076 cmHg，此时U形管压强计左右两管水银高度差为h38 cm.打开阀门K，直到压强计左右两管水银面高度差为h19 cm时，再关闭阀门K.求这时容器内B中氧气质量与原来氧气质量的比值不计活塞P和容器壁之间的摩擦答案解析1.【答案】B【

9、解析】依据开普勒第三定律，轨道I运行的周期大，A错误；“嫦娥三号”从环月高圆轨道I变轨进入低椭圆轨道II，P点卫星必须减速，B正确；依据牛顿第二定律，距离大的位置加速度小，C错误；沿轨道II运行时，由P点到Q点的过程中到月心的距离变小，万有引力对其做正功，D错误。2.【答案】C【解析】在t2时刻，两车相遇，在t1-t2时间内，a图线与时间轴围成的面积大，则a的位移大，可知t1时刻，b车在前，a车在后故A，B错误由图线可知，a车的速度先增大后减小，b车的速度先减小后增大故C正确图线切线的斜率表示加速度，可知a车的加速度先减小后增大，b车的加速度先减小后增大故D错误3.【答案】D【解析】由题可知，

10、小球到P点时，水平位移和竖直位移相等，即v0tt，合速度vPv0，则EkPmv.4.【答案】C【解析】分析微粒的运动轨迹可知，微粒的合力方向一定竖直向下，由于微粒的重力不可忽略，故微粒所受的电场力可能向下，也可能向上，故A错误微粒从M点运动到N点，电场力可能做正功，也可能做负功，故微粒的电势能可能减小，也可能增大，故B错误微粒从M点运动到N点过程中，合力做正功，故微粒的动能一定增加，C正确微粒从M点运动到N点的过程中，除重力之外的电场力可能做正功，也可能做负功，故机械能不一定增加，D错误5.【答案】C【解析】理想二极管的作用是正向的电流通过时电阻很小，反向的电流通过时电阻很大，认为断路，故理想

11、二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据变压器的原理电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求得结论。由于原，副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为1：5，A选项错误；原，副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为U2=44V，但二极管具有单向导电性，根据有效值的定义有，从而求得电压表两端电压有效值为U=22V,B选项错误；则1min内产生的热量为=2904 J，C选项正确；将滑动变阻器滑片向下滑动，接入电路中的阻值变大，但对原，副线圈两端的电压无影响，即电压表的读数不变，电流表的读数变小，所以D错误。6.【答案】ACD【解析】由题意，传送带静止时，小物块沿传送带滑到底端，说明重力的

12、下滑分力大于最大静摩擦力，即有mgsinmgcos故A正确若传送带顺时针转动，小物块所受的滑动摩擦力不变，仍有mgsinmgcos，小物块仍将能沿传送带滑下到达底端此时加速度为a=g（sincos），可见，加速度与传送带静止时相同，到达底端的位移也不变，则运动时间与传送带静止时相同故B错误，C正确若传送带逆时针转动，小物块m所受的滑动摩擦力沿斜面向下，其加速度a= g（sin+cos）a，即知物块的加速度增大，则小物块滑到底端的时间小于t0故D正确7.【答案】BD【解析】对m受力分析可知，m受重力，支持力及拉力的作用及摩擦力的作用而处于平衡状态；则在沿斜面方向上有：F-mgsin=f；故A错误

13、；斜面对物块的摩擦力大小是f=FN=mgcos；故B正确；对整体受力分析可知，整体受重力，支持力，拉力的作用，因拉力有水平向右的分量，故地面一定对斜面体有向左的摩擦力；大小为Fcos；故C错误；D正确；8.【答案】BDE【解析】甲图中粒子经过散射后，有少数发生大角度偏转，在C处观察到很少的粒子，A错误；乙图中为光电效应演示实验，锌板带正电，当发生光电效应后，电子从锌板飞出，锌板带正电数量增多，验电器的张角增大，B正确；C丙图为氢原子能级图，10.4eV的光子的能量不是两个能级的差值，因此这种光子不能被处于基态的氢原子吸收，C错误；丙图为氢原子能级图，电子碰撞处于基态的氢原子，氢原子吸收10.2

14、eV能量，电子剩余0.2eV动能，D正确；丁图为射线在磁场中偏转，1射线向左偏，带正电，为粒子，它的电离作用很强，可消除静电，E正确。9.【答案】（1）未计算AO间的摩擦力做功 （2）（3）摩擦力【解析】木块在平衡位置处获得最大速度，之后与弹簧分离，在摩擦力作用下运动到B位置停下，由O到B根据动能定理：，故;对全过程应用动能定理有：,结合数学解析式判断图象中斜率为摩擦力大小，截距等于OA段摩擦力做的功（1）根据动能定理全过程的表达式，所以W-L图线不通过原点，是因为未计木块通过AO段时，摩擦力对木块所做的功 （2）图中W轴上截距等于摩擦力做的功：（3）有前面分析知图象中斜率为摩擦力大小；10.

15、【答案】（1）（2）见解析图（3）左端（4）r1（k1）R1【解析】（1）因电流表G1的内阻约为300 ，故定值电阻选择R1；为调节方便滑动变阻器选择R4.（2）根据电路图连接实物如图所示：（3）为保护测量电路，闭合开关时，测量电路应处于短路状态，故滑片移至最左端（4）由电路图知I2I1，可得图象的斜率k1，解得r1（k1）R1.11.【答案】（1）（2）【解析】物块沿斜面下滑时，解得：a=2.5m/s2从A到B，物块匀加速，由可得 因为物体恰好到C点，所以到C点速度为0.设物块到B点的速度为v，则解得由牛顿第三定律可得，物块对轨道的压力为，方向向下 从开始释放至最终停在B处，设物块在斜面上的

16、总路程为S，则12.【答案】（1）0.34m（2）2.0107s6.5108s【解析】（1）由题意：AB9cm，AD18cm，可得：BAOODC45所有粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径相同，设为R，根据牛顿第二定律有：Bqv解得R0.2m20cm由题意及几何关系可知：若条形磁场区域的右边界与沿OD方向进入磁场的粒子的圆周轨迹相切，则所有粒子均不能从条形磁场隔离区右侧穿出，如图（1）所示设此时磁场宽度为d0，由几何关系得：d0RRcos45（2010）cm0.34m（2）设粒子在磁场内做匀速圆周运动的周期为T，则T106s设速度方向垂直于AD进入磁场区域的粒子的入射点为E，如图（2）所示因磁场宽

17、度d20cmd0，且R20cm，则在EOD间出射进入磁场区域的粒子均能穿出磁场右边界，在EOA间出射进入磁场区域的粒子均不能穿出磁场右边界，所以沿OE方向进入磁场区域的粒子运动轨迹与磁场右边界相切，在磁场中运动时间最长设在磁场中运动时间最长为tmax，则tmax106s2.0107s若粒子在磁场中做匀速圆周运动对应的圆弧轨迹的弦最短，则粒子穿过磁场时间最短最短的弦长为磁场宽度d.设在磁场中运动的最短时间为tmin，轨迹如图（2）所示因Rd，则圆弧对应圆心角为60故tmin106s6.513.【答案】（1）BCD（2）（1）热传递具有方向性，一杯热茶在打开杯盖后，茶会自动变凉，故A错误；根据热力

18、学第二定律，不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响，故蒸汽机不能把蒸汽的内能全部转化为机械能，故B正确；电冰箱通电后把冰箱内部低温物体的热量传到冰箱外部的高温物体，要耗电，符合热力学第二定律，故C正确；不可逆热力过程中熵的增量总是大于零，故空气不会自发地分离成氮气，氧气，二氧化碳等各种不同的气体，故E错误（2）设打开开关K之前A，B内部气体的压强均为p，则有：pp0h（7638） cmHg114 cmHg，A，B内部气体的体积分别为：V11.5 L，V23 L，设打开开关K又闭合后时A，B内部气体的压强均为p，则有：pp0h（7619） cmHg95 cmHg，A内部气体的体积变为V1，B内部原有气体的体积变为V2，对A中气体，有：pV1pV1；代入数据得：V11.8 L；对B中原有气体，有：pV2pV2；V23.6 L；开关K又闭合后，B中剩余气体的体积为：VV1V2V1（1.531.8） L2.7 L；B中氧气质量与原来氧气质量的比值为：n