上海高考物理试题解析版Word文档格式.docx

1、二.单项选择题（共24分,每小题3分每小题只有一个正确选项）9.小行星绕恒星运动,恒星均匀地向四周辐射能量,质量缓慢减小,可认为小行星在绕恒星运动一周的过程中近似做圆周运动则经过足够长的时间后,小行星运动的（ ）A（）半径变大 （）速率变大 （）角速度变大 （）加速度变大10.两异种点电荷电场中的部分等势面如图所示,已知A点电势高于B点电势若位于ab处点电荷的电荷量大小分别为qa和qb,则（ ）B（）处为正电荷，（）处为正电荷，（）处为负电荷，（）处为负电荷，11.如图,通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面,位置靠近ab且相互绝缘当MN中电流突然减小时,线圈所受安培力的合力方向（ ）B（）向

2、左 （）向右（）垂直纸面向外 （）垂直纸面向里12.在车门报警电路中,两个按钮开关分别装在汽车的两扇门上,只要有开关处于断开状态,报警灯就发光能实现此功能的电路是（ ）D13.如图,足够长的直线ab靠近通电螺线管,与螺线管平行用磁传感器测量ab上各点的磁感应强度B,在计算机屏幕上显示的大致图像是（ ）B14.一列横波沿水平绳传播,绳的一端在t=0时开始做周期为T的简谐运动,经过时间t（Tt0一侧存在沿x方向均匀增大的稳恒磁场,其方向与导轨平面垂直,变化率k=0.5T/m,x=0处磁场的磁感应强度B0=0.5T一根质量m=0.1kg电阻r=0.05的金属棒置于导轨上,并与导轨垂直棒在外力作用下从

3、x=0处以初速度v0=2m/s沿导轨向右运动,运动过程中电阻上消耗的功率不变求:（1）回路中的电流;（2）金属棒在x=2m处的速度;（3）金属棒从x=0运动到x=2m过程中安培力做功的大小;（4）金属棒从x=0运动到x=2m过程中外力的平均功率（1）在x=0时,E=BLV=0.50.44v=0.8vI=BLV/（R+r）=0.8/（0.05+0.15）A=4A（2）B2=B0+kx2=1.5T E=B2LV2 V2=2/15 m/s（3）FA=BIL=（0.5+0.5x）40.4=（0.8+0.8x）N 0x2m（4）安培力做的功为:EIt=（F0+FA）x/2 t=1s2013上海高考物理试

4、卷解析一单项选择题（共16分，每小题2分。每小题只有一个正确选项。）1电磁波与机械波具有的共同性质是都能传输能量，选项B正确。2当用一束紫外线照射锌板时，产生了光电效应，有电子从锌板逸出，锌板带正电，选项C正确ABD错误。3白光通过双缝后产生的干涉条纹是彩色的，其原因是不同色光的频率不同。4做简谐振动的物体，当它每次经过同一位置时，位移相同，加速度相同，位移相同，可能不同的物理量是速度，选项B正确。5液体与固体具有的相同特点是体积都不易被压缩，选项B正确。6当秋千摆到最低点时吊绳中拉力最大，吊绳最容易断裂，选项D正确。7一个原子核的过程中，发生衰变的次数为（238-206）4=8次，发生衰变的

5、次数为28-（92-82）=6次，选项A正确。8两物体A、B叠放在一起，在沿粗糙墙面下落过程中，由于物块与竖直墙面之间没有压力，没有摩擦力，二者一起做自由落体运动，AB之间没有弹力作用，物体B的受力示意图是图A。二单项选择题（共24分，每小题3分。9恒星均匀地向四周辐射能量，质量缓慢减小，二者之间万有引力减小，小行星运动的半径增大，速率减小，角速度减小，加速度减小，选项A正确BCD错误。10根据A点电势高于B点电势可知，a处为正电荷，qaqb，选项B正确。11当MN中电流突然减小时，单匝矩形线圈abcd垂直纸面向里的磁通量减小，根据楞次定律，单匝矩形线圈abcd中产生的感应电流方向顺时针方向，

6、由左手定则可知，线圈所受安培力的合力方向向右，选项B正确。12能实现此功能的电路是与门电路，选项B正确。13通电螺线管外部中间处的磁感应强度最小，所以用磁传感器测量ab上各点的磁感应强度B，在计算机屏幕上显示的大致图像是C。14由于再经过T时间，该点才能位于平衡位置上方的最大位移处，所以在2t时，该点位于平衡位置的上方，且向上运动，选项B正确。15湖底压强大约为3个大气压，由气体状态方程，当一气泡从湖底缓慢升到水面时，其体积约为原来的3.1倍，选项C正确。16在驶入沙地后，由于阻力增大，速度减小，驶出沙地后阻力减小，速度增大，在驶入沙地到驶出沙地后的一段时间内，位移s随时间t的变化关系可能是B

7、。三多项选择题（共16分，每小题4分。每小题有二个或三个正确选项。全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分。17由于激光波长大于可见光波长，所以该激光器发出的是红外线，选项B正确A错误。由E=hc/可得光子能量约为E=6.6310-343108（1.510-6）J=1.310-19J，选项C错误。光子数约为每秒为n=P/E=3.81016个，选项D正确。18F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍，选项A正确。F1、F2同时增加10N，F不一定增加10N，选项B错误；F1增加10N，F2减少10N，F可能变化，选项C错误。若F1、F2中的一个增大，F不一定增大，选项D正确。1

8、9根据题述，tan=v/gt，x=vt，tan=h/x，H=v+y，y=gt2，由此可算出轰炸机的飞行高度y；轰炸机的飞行速度v，炸弹的飞行时间t，选项ABC正确。由于题述没有给出炸弹质量，不能得出炸弹投出时的动能，选项D错误。20根据题述，C的速度大小一定不小于A、B的速度大小，选项A错误B正确。C的速度方向一定在CA和CB的夹角范围内，选项C错误D正确。四填空题（共20分，每小题4分。21根据衰变规律，此衰变过程的核反应方程是+。用射线轰击，可得到质量数为22的氖（Ne）元素和另一种粒子，此核反应过程的方程是： +22A由动量守恒定律，m v0=m2v0/3+Mv，解得v=.由能量守恒定律

9、，此过程中损失的机械能为E=m v02-m（2v0/3）2+Mv2= m v02-m2v02。22B由开普勒定律，R1R21.由牛顿第二定律， =ma，向心加速度之比a1a2R22R12123小环运动沿圆弧的运动可类比于单摆的简谐运动，小环运动到最低点所需的最短时间为t=T/4=0.785s。由机械能守恒定律，mgH=mv2，在最低点处的速度为v=在最低点处的加速度为a=0.08m/s2。24当电键S1断开、S2闭合时，电路中电流I1=E/（R+r），P0=I12R=E2R /（R+r）2。当S1闭合、S2断开时，电路中电流I2=E/ （4R+r），P0=I224R=E24R/（4R+r）2.

10、。联立解得：r=R/2，E=当S1、S2都断开时，电路中电流I3= =，电源的总功率为P=EI3=0.3 P0。.25拉力F=mgsin37+ mgcos37=8.4N。BC= CA/ sin370.5m.设m对支架BC的压力mg cos37对A点的力臂为x，由力矩平衡条件，FDC cos37+mgcos37CA cos37= F+mg cos37x，解得x=0.072m。由x+s=BC-AC sin37解得s=0.248m。由上述方程可知，F，x值与F无关，所以若增大F后，支架仍不绕A点转动，物体能向上滑行的最大距离s=s。五实验题（共24分）26首先将线圈竖直放置，以竖直方向为轴转动，线圈

11、中磁通量变化，屏幕上的电流指针有偏转。然后仍将线圈竖直放置，使其平面与东西向平行，并从东向西移动，线圈中磁通量不变化，电流指针无偏转。最后将线圈水平放置，使其从东向西移动，线圈中磁通量不变化，电流指针无偏转。27（1）用多用表测量该元件的电阻，选用“100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过大，说明电阻较小，因此需选择10倍率的电阻档，并欧姆调零后再进行测量，多用表的示数如图（a）所示，测量结果为70。（2） 要测量该元件完整的伏安特性，必须连接成分压电路。本实验中使用多用表测电压，多用表的选择开关应调到直流电压10V档。28（1）由表中数据可知，在h一定时，小球水平位移d与其初速度v0成

12、正比关系，与h无关。 （2）计算小球飞行时间的理论值中，g不能取值10m/s2，应该取值g=9.8m/s，这样计算出的t=292.8ms。 （3）导致偏差的原因是：水平槽口距底板高度h较大，小球飞行时受到空气阻力作用29（1）对于步骤，根据玻意耳定律可得p0（V0+V）=（ p0+p1） V0;30. 解析：对取走容器外的保温材料，活塞位置继续下降的等压过程，由盖吕萨克定律，解得：T0=T从初状态到最后状态，温度相同，由玻意耳定律：p0H1S= p3H3S，解得：p3= p0。31. 解析：滑块上表面光滑，小球水平方向不受力的作用，故当滑块的左端到达小球正上方这段时间内，小球速度始终为零，则对于滑块：a=v1=当滑块的左端到达小球正上方后，小球做自由落体运动，落地时间t=滑块的加速度a=g若此时滑块的