1、10LNA=NA,B项正确;C. 8.7g二氧化锰与足量的浓盐酸加热反应,转移电子的数目为0.2 NA,理论上只消耗0.4 mol HCl,现只有0.4mol HCl的浓盐酸,因浓盐酸反应一段时间后就变为稀盐酸,反应将不再进行,故转移电子的数目小于0.2 NA,C项错误;D. 每个C原子与其他4个C原子共用4个C-C键,相当于每个C原子占有4=2个C-C键,则1mol金刚石含2 NA个C-C键,D项错误;答案选B。【点睛】A项是学生的易错点,要主要AlCl3的特殊性,AlCl3为分子晶体,在熔融状态下不导电,学生只有平常多积累,才能学以致用,做题游刃有余。3.关于有机物()的结构、性质有关的叙
2、述正确的是()A. 该物质所有原子可能在同一平面B. 与该物质具有相同官能团的芳香烃同分异构体有2种C. 该物质在一定条件下能发生加成反应、氧化反应、取代反应、加聚反应D. 1mol该物质最多可与1moBr2反应【答案】C【分析】结构中含苯环,且含碳碳双键,根据官能团的性质与芳香烃的化学反应分析作答。【详解】A分子内存在甲基,甲基为四面体结构,所有原子不可能共平面,A项错误;B若苯环上含2个取代基,且含碳碳双键,甲基、乙烯基还存在邻、间位,若只有一个侧链时,为-CH=CHCH3或-C(CH3)=CH2,因此与该物质具有相同官能团的芳香烃的同分异构体有4种,B项错误;C化合物内含碳碳双键,可发生
3、加成反应、氧化反应和加聚反应,甲基或苯环上H可发生取代反应,C项正确;D碳碳双键与溴单质发生加成反应,苯环上的H原子可与液溴在一定条件下发生取代反应,则1mol该物质最多可与2molBr2反应,D项错误;答案选C。4.下列有关实验操作,实验现象以及解释或结论都正确的是()【详解】A. 加水溶解后再加稀硫酸酸化,则酸性条件下,Fe2+可与NO3-发生氧化还原反应,Fe2+会被氧化为Fe3+,再滴加KSCN溶液,一定会变红,但不能充分说明是原试样变质,A项错误;B. 在0.1mol/LNa2S溶液中滴加少量等浓度的ZnSO4溶液,生成硫化锌的白色沉淀,但S2过量,再加入少量等浓度的CuSO4溶液,
4、溶液中的S2与Cu2+结合生成硫化铜的黑色沉淀,与沉淀的转化无关,因此,不能证明硫化铜的溶度积小于硫化锌的溶度积,B项错误。C. 葡萄糖和新制氢氧化铜悬浊液发生氧化反应必须在碱性条件下,实验过程中没有加NaOH中和酸,实验操作、实验现象以及结论均不正确,C项错误;D. 分别向等物质的量浓度、等体积的KCl和KI的溶液,滴加2滴稀Ag(NH3)2OH溶液,KCl溶液中无白色沉淀,KI溶液中有黄色沉淀,说明在相同条件下,Ag(NH3)2+可转化为AgI,而不能转化为AgCl,所以Ag+结合微粒的能力:I NH3 Cl,D项正确;5.下图是一种已投入生产的大型蓄电系统。电解质通过泵不断地在储罐和电池
5、间循环;电池中间为离子选择性膜,在电池放电和充电时该膜可允许钠离子通过;图中左边的电解质为Na2S2、Na2S4,右边电解质为NaBr3、NaBr。充、放电时发生的反应为:Na2S4+3NaBr2Na2S2+NaBr3,下列说法正确的是()A. 充电时b端为电源负极B. 在放电过程中钠离子通过离子选择膜的流向为从右到左C. 电池充电时,阴极的电极反应为S42+2e=2S22D. 以此蓄电池为电源电解精炼铜,当有0.1 mol e转移吋时,阳极有3.2g铜溶解【分析】Na2S2中S的化合价应为1价,Na2S4中S的价态为价,NaBr3中Br显价,NaBr中Br显1价。根据示意图,放电为原电池原理
6、,溶液中的阳离子向正极移动;充电应为电解池原理,充电时电池的正极作阳极,电池的负极作阴极,结合原电池与电解池的工作原理分析作答。【详解】A. 充电时右侧溶液中NaBr转化为NaBr3,Br元素化合价升高,失电子发生氧化反应作阳极,所以b端连接电源的正极,A项错误;B. 放电时,b端电极附近NaBr3转化NaBr,Br元素化合价降低,得电子发生还原反应,所以b端为正极,而阳离子向正极移动,则放电过程中钠离子从左到右通过离子交换膜,B项错误;C. 电池充电时,阴极发生得到电子的还原反应,则反应为:S42+2e=2S22,C项正确;D. 电解精炼铜时,阳极为粗铜,溶解的不全部是铜,还有较活泼金属杂质
7、,所以当有0.1 mol e转移吋时,阳极溶解铜的质量小于3.2g,D项错误;【点睛】D项是学生的易混点,要特别注意,电镀法精炼铜时,粗铜为阳极,精铜为阴极,阳极材料是粗铜,阳极上金属失电子变成离子进入溶液,Cu-2e-=Cu2+,比金属铜活泼的金属锌、铁、镍会先于金属铜失电子,比金属铜活泼性差的Pt、Ag等固体会沉积下来形成阳极泥。6.短周期主族元素X、Y、Z、M、W的原子序数依次增大,其中Z、W处于同一主族,Z、M的原子最外层电子数之和等于9,Y的氢化物常温下呈液态,是人类生存的重要资源,X的简单氢化物与W的单质(黄绿色)组成的混合气体见光可生成W的氢化物和油状混合物。A. Y和W形成的某
8、种二元化合物可用于自来水的杀菌消毒B. 简单离子半径:YMWC. W的氧化物对应的水化物的酸性比X的强D. Z分别与X、M形成的化合物,其所含化学键的类型相同【答案】A【分析】Y的氢化物常温下呈液态,是人类生存的重要资源,则该氢化物为水,Y为O元素;X的简单氢化物与W的单质(黄绿色)组成的混合气体见光可生成W的氢化物和油状混合物,则W为Cl元素,X的简单氢化物为CH4,X为C元素;Z、W处于同一主族,且原子序数Z小于W,所以Z为F元素;Z、M的原子最外层电子数之和等于9,因Z的最外层电子数为7,所以M的最外层电子数=9-7=2,M的原子序数大于Z小于W,推出M为Mg元素,据此分析作答。【详解】
9、根据上述分析可知,X为C元素,Y为O元素,Z为F元素,M为Mg元素,W为Cl元素,则A. Y和W形成的二元化合物之一ClO2具有强氧化性,可用于自来水的杀菌消毒,A项正确;B. 电子层数越大,简单离子半径越大,电子层数相同时,核电荷数越大,简单离子半径越小,则Mg2+O2-Cl-,即Mac,则T1_T2(填“”“”或“=”)。T1下该反应的平衡常数K=_(mol2L2)(3)实验硏究表明,载体对催化剂性能起着极为重要的作用,在压强0.03MPa,温度750条件下,载体对镍基催化剂性能的影响相关数据如下表:由上表判断,应选择载体为_(填化学式),理由是_。(4)现有温度相同的I、三个恒压密闭容器
10、,均充入2mol CH4(g)和2 molCO2(g)进行反应,三个容器的反应压强分别为p1atm、p2atm、p3atm,在其他条件相同的情况下,反应均进行到tmin时,CO2的体积分数如图所示,此时I、个容器中一定处于化学平衡状态的是_。(5)利用合成气为原料合成甲醇,其反应为CO(g)+2H2(g)CH3OH(g),在一定温度下查得该反应的相关数据如下表所示:该反应速率的通式为正=k正cm(CO)cn(H2)(k正是与温度有关的速率常数)。由表中数据可确定反应速率的通式中n=_(取正整数)。若该温度下平衡时组别1的产率为25%,则组别1平衡时的v正=_(保留1位小数)。【答案】(1). +247.1 (2). 升高温度 (3). (4). (5). MgO (6). 此条件下合成气产率高 (7). III (8). 1 (9). 0.2mol/(Lmin)(1)依据盖斯定律作答;(2)CH4(
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