高中物理选修33同步第八章1 气体的等温变化Word下载.docx

1、即学即用1判断下列说法的正误（1）在探究气体等温变化的规律时采用控制变量法（）（2）一定质量的气体，在温度不变时，压强跟体积成反比（）（3）公式pVC中的C是常量，指当p、V变化时C的值不变（）（4）一定质量的某种气体等温变化的pV图象是通过原点的倾斜直线（）2一定质量的某种气体发生等温变化时，若体积增大了n倍，则压强变为原来的_倍答案一、封闭气体压强的计算导学探究（1）如图2所示，C、D液面水平且等高，液体密度为，重力加速度为g，其他条件已标于图上，试求封闭气体A的压强图2（2）在图3中，汽缸置于水平地面上，汽缸横截面积为S，活塞质量为m，设大气压强为p0，重力加速度为g，试求封闭气体的压强

2、图3答案（1）同一水平液面C、D处压强相同，可得pAp0gh.（2）以活塞为研究对象，受力分析如图，由平衡条件得mgp0SpS则pp0.知识深化封闭气体压强的求解方法1容器静止或匀速运动时封闭气体压强的计算（1）取等压面法：同种液体在同一深度向各个方向的压强相等，在连通器中，灵活选取等压面，利用同一液面压强相等求解气体压强如图4甲所示，同一液面C、D两处压强相等，故pAp0ph；如图乙所示，M、N两处压强相等，从左侧管看有pBpAph2，从右侧管看，有pBp0ph1.图4（2）力平衡法选与封闭气体接触的液体（或活塞、汽缸）为研究对象进行受力分析，由平衡条件列式求气体压强2容器加速运动时封闭气体

3、压强的计算当容器加速运动时，通常选与气体相关联的液柱、汽缸或活塞为研究对象，并对其进行受力分析，然后由牛顿第二定律列方程，求出封闭气体的压强如图5所示，当竖直放置的玻璃管向上加速运动时，对液柱受力分析有：图5pSp0Smgma得pp0例1如图6所示，竖直放置的U形管，左端开口，右端封闭，管内有a、b两段水银柱，将A、B两段空气柱封闭在管内已知水银柱a长h1为10 cm，水银柱b两个液面间的高度差h2为5 cm，大气压强为75 cmHg，求空气柱A、B的压强分别是多少？图6答案65 cmHg60 cmHg解析设管的横截面积为S，选a的下端面为参考液面，它受向下的压力为（pAph1）S，受向上的大

4、气压力为p0S，由于系统处于静止状态，则（pAph1）Sp0S，所以pAp0ph1（7510） cmHg65 cmHg，再选b的左下端面为参考液面，由连通器原理知：液柱h2的上表面处的压强等于pB，则（pBph2）SpAS，所以pBpAph2（655） cmHg60 cmHg.1在考虑与气体接触的液柱所产生的附加压强pgh时，应特别注意h是表示液柱竖直高度，不一定是液柱长度2特别注意大气压强的作用，不要漏掉大气压强二、玻意耳定律的理解及应用导学探究（1）玻意耳定律成立的条件是什么？（2）用p1V1p2V2解题时各物理量的单位必须是国际单位制中的单位吗？（3）玻意耳定律的表达式pVC中的C是一个

5、与气体无关的常量吗？答案（1）一定质量的气体，且温度不变（2）不必只要同一物理量使用同一单位即可（3）pVC中的常量C不是一个普适恒量，它与气体的种类、质量、温度有关，对一定质量的气体，温度越高，该常量越大知识深化常量的意义p1V1p2V2C，该常量C与气体的种类、质量、温度有关，对一定质量的气体，温度越高，该常量C越大特别提醒应用玻意耳定律解题时应注意的两个问题（1）应用玻意耳定律解决问题时，一定要先确定好两个状态的体积和压强（2）确定气体压强或体积时，只要初、末状态的单位统一即可，没有必要都化成国际单位制例2一U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞初始时，管内汞柱

6、及空气柱长度如图7所示用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p075.0 cmHg，环境温度不变（结果保留三位有效数字）图7答案144 cmHg9.42 cm解析设初始时，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2p0，长度为l2.活塞被下推h后，右管中空气柱的压强为p1，长度为l1；左管中空气柱的压强为p2，长度为l2.以cmHg为压强单位由题给条件得p1p0（20.05.00） cmHg90 cmHg，l120.0 cml1（20.0）

7、 cm12.5 cm由玻意耳定律得p1l1Sp1l1S联立式和题给条件得p1144 cmHg依题意p2p1l24.00 cm cmh11.5 cmhp2l2Sp2l2S联立式和题给条件得h9.42 cm.例3如图8所示，一开口向上的汽缸固定在水平地面上，质量均为m、横截面积均为S且厚度不计的活塞A、B将缸内气体分成、两部分在活塞A的上方放置一质量为2m的物块，整个装置处于平衡状态，此时、两部分气体的长度均为l0.已知大气压强与活塞质量的关系为p0，活塞移动过程中无气体泄漏且温度始终保持不变，不计一切摩擦，汽缸足够高现将活塞A上面的物块取走，试求重新达到平衡状态后，A活塞上升的高度图8答案0.9

8、l0解析对部分气体，其初态压强p1p0，末态压强为p1p0设末态时部分气体的长度为l1，则由玻意耳定律可得p1l0Sp1l1S解得l1l0对部分气体，其初态压强为p2p1p0，末态压强为p2p1设末态时部分气体的长度为l2，则由玻意耳定律可得p2l0Sp2l2S代入数据解得l2故活塞A上升的高度为hl1l22l00.9l0应用玻意耳定律解题的一般步骤1确定研究对象，并判断是否满足玻意耳定律的条件2确定初、末状态及状态参量（p1、V1；p2、V2）3根据玻意耳定律列方程求解（注意统一单位）4注意分析隐含条件，作出必要的判断和说明三、气体等温变化的pV图象或p图象导学探究（1）如图9甲所示为一定质

9、量的气体在不同温度下的pV图线，T1和T2哪一个大？（2）如图乙所示为一定质量的气体在不同温度下的p图线，T1和T2哪一个大？图9答案（1）T1T2（2）T1T2知识深化1pV图象：一定质量的气体等温变化的pV图象是双曲线的一支，双曲线上的每一个点均表示气体在该温度下的一个状态而且同一条等温线上每个点对应的p、V坐标的乘积是相等的一定质量的气体在不同温度下的等温线是不同的双曲线，且pV乘积越大，温度就越高，图10中T2T1.图102p图象：一定质量气体的等温变化过程，也可以用p图象来表示，如图11所示等温线是过原点的倾斜直线，由于气体的体积不能无穷大，所以原点附近等温线应用虚线表示，该直线的斜

10、率kpV，故斜率越大，温度越高，图中T2T1.图11例4如图12所示是一定质量的某种气体状态变化的pV图象，气体由状态A变化到状态B的过程中，气体分子平均速率的变化情况是（）图12A一直保持不变B一直增大C先减小后增大D先增大后减小答案D解析由题图可知，pAVApBVB，所以A、B两状态的温度相等，在同一等温线上由于离原点越远的等温线温度越高，如图所示，所以从状态A到状态B，气体温度应先升高后降低，分子平均速率先增大后减小例5（多选）如图13所示，DABC表示一定质量的某种气体状态变化的一个过程，则下列说法正确的是（）图13ADA是一个等温过程BAB是一个等温过程CTATBDBC过程中，气体体

11、积增大、压强减小、温度不变答案AD解析DA是一个等温过程，A正确；BC是等温线，而A到B温度升高，B、C错误；BC是一个等温过程，V增大，p减小，D正确由玻意耳定律可知，pVC（常量），其中C的大小与气体的质量、温度和种类有关，对同种气体质量越大、温度越高，C越大，在pV图象中，纵坐标的数值与横坐标的数值的乘积越大，在p图象中，斜率k也就越大1.（压强的计算）求图14中被封闭气体A的压强其中（1）、（2）、（3）图中的玻璃管内都装有水银，（4）图中的小玻璃管浸没在水中大气压强p076 cmHg.（p01.01105 Pa，g10 m/s2，水1103 kg/m3）图14答案（1）66 cmHg

12、（2）71 cmHg（3）81 cmHg （4）1.13105 Pa解析（1）pAp0ph76 cmHg10 cmHg66 cmHg.（2）pAp0ph76 cmHg10sin 30 cmHg71 cmHg.（3）pBp0ph276 cmHg10 cmHg86 cmHgpApBph186 cmHg5 cmHg81 cmHg.（4）pAp0水gh1.01105 Pa1103101.2 Pa1.13105 Pa.2（玻意耳定律的应用）如图15所示，可沿汽缸壁自由活动的活塞将密封的圆筒形汽缸分隔成A、B两部分，活塞与汽缸顶部有一竖直弹簧相连，当活塞位于汽缸底部时弹簧恰好无形变，开始时B内充有一定质量

13、的气体，A内真空，B部分高度为L10.2 m，此时活塞受到的弹簧作用力与活塞重力的大小相等，现将整个装置倒置，达到新的平衡后B部分的高度L2等于多少？设温度不变图15答案0.4 m解析设开始时B中气体的压强为p1，汽缸倒置达到平衡后B中气体的压强为p2，分析活塞受力得p1SkL1Mgp2SMgkL2其中S为汽缸横截面积，M为活塞质量，k为弹簧的劲度系数由题给条件有kL1Mg由玻意耳定律有p1L1Sp2L2S联立以上各式得到L22L1L22L120解得L22L10.4 m.3（玻意耳定律的应用）如图16所示，玻璃管粗细均匀（粗细可忽略不计），竖直管两封闭端内气体长度分别为上端30 cm、下端27

14、 cm，中间水银柱长10 cm.在竖直管上水银柱中间位置接一水平玻璃管，右端开口与大气相通，用光滑活塞封闭5 cm长水银柱大气压p075 cmHg.图16（1）求活塞上不施加外力时两封闭气体的压强各为多少？（2）现用外力缓慢推活塞恰好将水平管中水银全部推入竖直管中，求这时上下两部分气体的长度各为多少？答案（1）p上70 cmHgp下80 cmHg（2）L上28 cmL下24 cm解析（1）上端封闭气体的压强p上p0ph（755） cmHg70 cmHg下端封闭气体的压强p下p0ph（755） cmHg80 cmHg（2）设玻璃管横截面积为S，气体发生等温变化，由玻意耳定律得对上端封闭气体，p上

15、L上Sp上L上S，对下端封闭气体，p下L下Sp下L下S，p上15 cmHgp下，L上L下52 cm解得L上28 cm，L下24 cm.4（pV图象或p图象）（多选）下图中，p表示压强，V表示体积，T为热力学温度，各图中正确描述一定质量的气体发生等温变化的是（）答案AB解析A图中可以直接看出温度不变；B图说明p，即pV常数，是等温过程；C图是双曲线，但横坐标不是体积V，不是等温线；D图的pV图线不是双曲线，故也不是等温线一、选择题考点一气体压强的计算1一端封闭的玻璃管倒插入水银槽中，管竖直放置时，管内水银面比管外高h（cm），上端空气柱长为L（cm），如图1所示，已知大气压强为H cmHg，下列

16、说法正确的是（）A此时封闭气体的压强是（Lh） cmHg B此时封闭气体的压强是（Hh） cmHgC此时封闭气体的压强是（Hh） cmHg D此时封闭气体的压强是（HL） cmHg答案B解析利用等压面法，选管外水银面为等压面，则封闭气体压强pphp0，得pp0ph，即p（Hh） cmHg，故B项正确2如图2所示，竖直放置的弯曲管A端开口，B端封闭，密度为的液体将两段空气封闭在管内，管内液面高度差分别为h1、h2和h3，则B端气体的压强为（已知大气压强为p0，重力加速度为g）（）Ap0g（h1h2h3） Bp0g（h1h3）Cp0g（h1h3h2） Dp0g（h1h2）解析需要从管口依次向左分析

17、，中间气室压强比管口低gh3，B端气体压强比中间气室低gh1，所以B端气体压强为p0gh3gh1，选项B正确3如图3所示，活塞的质量为m，缸套的质量为M，通过弹簧吊在天花板上，汽缸内封住一定质量的气体，缸套和活塞间无摩擦，活塞面积为S，大气压强为p0，重力加速度为g，则封闭气体的压强为（）App0 Bpp0Cpp0 Dp答案C解析以缸套为研究对象，有pSMgp0S，所以封闭气体的压强pp0，故应选C.考点二玻意耳定律的理解及应用4.如图4所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被

18、封闭的空气（）A体积不变，压强变小 B体积变小，压强变大C体积不变，压强变大 D体积变小，压强变小解析由题图可知空气被封闭在细管内，洗衣缸内水位升高时，气体体积减小，根据玻意耳定律，气体压强增大，B选项正确5（多选）一定质量的气体，在温度不变的条件下，将其压强变为原来的2倍，则（）A气体分子的平均动能增大B气体的密度变为原来的2倍C气体的体积变为原来的一半D气体的分子总数变为原来的2倍答案BC解析温度是分子平均动能的标志，由于温度T不变，故分子的平均动能不变，据玻意耳定律得p1V12p1V2，得V2V11，2即221，故B、C正确6一定质量的气体，压强为3 atm，保持温度不变，当压强减小了2

19、 atm时，体积变化了4 L，则该气体原来的体积为（）A. L B2 LC. L D3 L解析设该气体原来的体积为V1，由玻意耳定律知压强减小时，气体体积增大，即3V1（32）（V14），解得V12 L.7大气压强p01.0105 Pa.某容器的容积为20 L，装有压强为20105 Pa的理想气体，如果保持气体温度不变，把容器的开关打开，待气体达到新的平衡时，容器内剩余的气体质量与原来气体的质量之比为（）A119 B120 C239 D118解析由p1V1p2V2得p1V0p0（V0V），因V020 L，则V380 L，即容器中剩余20 L压强为p0的气体，而同样大气压下气体的总体积为400

20、L，所以剩余气体的质量与原来气体质量之比等于同压下气体的体积之比，即，B项正确考点三pV图象和p8（多选）如图5所示，一定质量的气体由状态A变到状态B再变到状态C的过程，A、C两点在同一条双曲线上，则此变化过程中（）A从A到B的过程温度升高B从B到C的过程温度升高C从A到C的过程温度先降低再升高DA、C两点的温度相等解析作出过B点的等温线如图所示，可知TBTATC，故从A到B的过程温度升高，A项正确；从B到C的过程温度降低，B项错误；从A到C的过程温度先升高后降低，C项错误；A、C两点在同一等温线上，D项正确9（多选）如图6所示，为一定质量的气体在不同温度下的两条p图线，由图可知（）A一定质量

21、的气体在发生等温变化时，其压强与体积成正比B一定质量的气体在发生等温变化时，其压强与体积成反比CT1T2DT1答案BD解析这是一定质量的气体在发生等温变化时的p图线，由图线过原点可知恒量，即斜率kpV为恒量，所以p与V成反比，A错误，B正确；根据p图线斜率的物理意义可知C错误，D正确二、非选择题10（玻意耳定律的相关计算）如图7所示，高为H的导热汽缸竖直固定在水平地面上，汽缸的横截面积为S，重力为G的“”形活塞封闭着一定质量的气体，活塞离缸底高为h，现手持“”形活塞上端，缓慢竖直上提活塞，当活塞上升到汽缸上端口时，求竖直上提的力F的大小已知大气压强为p0，不考虑活塞与汽缸之间的摩擦及温度的变化

22、，不计活塞及汽缸壁的厚度解析以密闭气体为研究对象，初状态：压强p1p0，体积V1hS，末状态：压强p2p0，体积V2HS.由玻意耳定律得p1V1p2V2，hSHS，解得F11（验证玻意耳定律的实验）现用“验证玻意耳定律”的仪器来测量大气压强p.注射器针筒已被固定在竖直方向上，针筒上所标刻度是注射器的容积，最大刻度Vm10 mL.注射器活塞已装上钩码框架，如图8所示此外，还有一架托盘天平、若干钩码、一把米尺、一个针孔橡皮帽和少许润滑油（1）下面是实验步骤，试填写所缺的和.用米尺测出注射器针筒上全部刻度的长度L._.把适量的润滑油抹在注射器的活塞上，将活塞插入外筒中，上下拉动活塞，使活塞与针筒的间

23、隙内均匀地涂上润滑油将活塞插到适当的位置_.在钩码框架两侧挂上钩码，记下挂上的钩码的质量m1.在达到平衡后，记下注射器中空气柱的体积V1.在这个过程中不要用手接触注射器以保证空气柱温度不变增加钩码的个数，使钩码的质量增大为m2，达到平衡后，记下空气柱的体积V2.（2）计算大气压强p的公式是_（用已给的和测得的物理量表示，重力加速度为g）答案（1）称出活塞和钩码框架的总质量M将注射器针筒上的小孔用橡皮帽堵住（2）p（M）解析（1）实验步骤：用米尺测出注射器针筒上全部刻度的长度L.称出活塞和钩码框架的总质量M.把适量的润滑油抹在注射器的活塞上，将活塞插入外筒中，上下拉动活塞，使活塞与针筒的间隙内均

24、匀地涂上润滑油将活塞插到适当的位置将注射器针筒上的小孔用橡皮帽堵住在钩码框架两侧挂上钩码，记下挂上的钩码的质量m1，在达到平衡后，记下注射器中空气柱的体积V1，在这个过程中不要用手接触注射器以保证空气柱温度不变增加钩码的个数，使钩码的质量增大为m2，达到平衡后，记下空气柱的体积V2.（2）活塞的横截面积为：S由力学平衡条件得：p1pgp2pg由玻意耳定律得：p1V1p2V2联立解得大气压强p12（pV图象及玻意耳定律的相关计算）（1）如图9所示是一定质量的某气体状态变化的pV图象，则下列说法中正确的是_A气体做的是等温变化B从A至B气体的压强一直减小C从A至B气体的体积一直增大D气体的三个状态

25、参量一直都在变EA状态的温度一定等于B状态的温度（2）如图10所示，竖直玻璃管里有一段4 cm长的水银柱，水银柱的下面封闭着长60 cm的空气柱，玻璃管的横截面积是0.1 cm2，在温度不变时，如果再向管里装入27.2 g的水银，至平衡时，封闭在水银柱下面的空气柱有多高？已知大气压p076 cmHg，水银的密度13.6103 kg/m3，g取9.8 m/s2.答案（1）BCD（2）48 cm解析（1）一定质量的气体的pV图象的等温线是双曲线的一支，A错误；从AB图线可知气体从A状态变为B状态的过程中，压强p在逐渐减小，体积V在不断增大，B、C正确；该过程中气体的三个状态参量一直都在变化，D正确；A状态pAVA的乘积不一定等于B状态pBVB的乘积，E错误（2）管里再装入27.2 g水银时，水银柱增加的高度h m0.2 m20 cm空气柱初状态时的压强p1p0ph180 cmHg空气柱末状态时的压强p2p0ph2（76420） cmHg100 cmHg则L248 cm.