四川省巴中市中考物理试题含答案Word文件下载.docx

1、2（2分）（2014巴中）关于声现象的说法正确的是（）只要物体在振动，我们就能听到声音振动停止，声音消失余音绕梁，三日不绝，这是回声现象高速公路两旁的隔音板是为了防止噪声的产生防治噪声的途径；回声；人耳感知声音的过程及听到声音的条件声现象明确选项中的描述所涉及的声学知识，再逐一做出分析与判断即可A、人耳听到声音是有条件的，只有达到一定响度且频率在2020000Hz的声音人耳才能听到，故A错误；B、振动停止，发声停止，但声音并不一定完全消失，它可能还在继续传播中，故B错误；C、余音绕梁，三日不绝，是声音的反射形成的，这是回声现象，故C正确；D、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，而不是为了防

2、止噪声的产生，故D错误本题考查了与声现象有关的几个基础的知识点，联系实例，运用相关的知识进行判断即可顺利解答，难度不大3（2分）（2014巴中）下列属于光的折射现象的是（）坐井观天，所见甚小从鱼缸侧面看鱼，发现鱼会变大“猪八戒”照镜子，里外不是人漫步在巴河的滨江大道，看到岸边垂柳在水中的倒影光的折射现象及其应用光的折射、光的色散折射现象是指光从一种介质斜射入另一种介质时，光线发生偏折的现象，根据选项中的实例进行判断即可A、坐井观天，所见甚小，是因为光的直线传播造成的，故不合题意；B、从鱼缸侧面看鱼，发现鱼会变大，是因为鱼缸和水起到了放大镜的作用，属光的折射现象，符合题意；C、“猪八戒”照镜子，

3、里外不是人，是平面镜成像，是光的反射形成的，故不合题意；D、漫步在巴河的滨江大道，看到岸边垂柳在水中的倒影，这是平面镜成像，是光的反射形成的，故不合题意故选B光的传播有关的现象包括光的直线传播、光的反射、光的折射，熟知相关的实例，并能与具体知识相结合，是解答此类题的关键4（2分）（2014巴中）关于物态变化说法中不正确的是（）秋天的早晨花草树叶上出现露珠，这是液化现象人们常用酒精为高烧病人降温，说明蒸发具有制冷的作用在寒冷的冬天，光雾山上出现奇形异状的雾凇景观，这是凝华现象春天冰雪消融，这是升华现象液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；生活中的升华现象；生活中的凝华现象汽化和液化、升华和凝华自

4、然界中存在三种状态：固态、液态、气态物质从气态变成液态叫液化，物质从液态变成气态叫汽化，物质从气态直接变为固态叫凝华，物质从固态直接变为气态叫升华，物质从固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固其中熔化、汽化、升华需要吸热，凝固、液化、凝华要放热，据此分析回答A、秋天的早晨花草树叶上出现露珠，这是空气中的水蒸气遇冷液化而成的；正确；B、用酒精为高烧病人降温，利用酒精蒸发吸热，正确；C、雾凇这是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的；D、春天冰雪消融，是熔化现象，错误，但符合题意；故选D分析物态变化时，首先分析生成物的状态，然后看是由什么状态形成的，最后得出物态变化的名称，同时记住它们的吸放热5（2分

5、）（2014巴中）如图所示，给试管里的水加热，水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出试管口，水蒸气在这个过程中（）内能减少，温度不变，在试管口液化成小水滴内能增加，温度降低，在试管口变成白色的热空气内能增加，温度升高，在试管口变成白色的烟雾内能减少，温度降低，在试管口液化成小水滴做功改变物体内能；液化及液化现象热和能（1）做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体内能增加；物体对外做功，内能减小（2）物质由气态变成液态的过程叫做液化，气体降低温度可以液化给试管里的水加热，水沸腾后，水蒸气推动塞子迅速冲出管口，在这个过程中，水蒸气对外做功，内能减小，温度降低，在试管口液化成小水滴故选D做功改变内能的实质

6、就是内能和其它形式能的转化，物体对外做功，内能转化成机械能，内能减小，温度降低6（2分）（2014巴中）由Q=cm（tt0）得c=，关于同一种物质的比热容，下列说法正确的是（）若质量增大一倍，则比热容减小一半若质量增大一倍，则比热容增大一倍比热容与物体质量多少、温度变化大小、吸热或放热的多少都无关若吸收的热量增大一倍，比热容增大一倍比热容的概念比热容、热机、热值比热容是物质的本质特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变比热容是物质本身的一种特性，在状态和物质种类一定时，比热容大小与物体吸放热、温度变化大小、质量多少都没有关系故ABD不正确本题考查学生对比热容概念的理解需要清楚的是c

7、=是比热容的计算式，而不是决定式7（2分）（2014巴中）如图所示，物体运动状态发生改变的是（）弯道上沿曲线滑行的运动员吊在天花板下的静止电灯路上匀速直线行驶的小车空中匀速直线下落的降落伞力的作用效果应用题；压轴题；图析法所谓物体运动状态的改变，指的是运动速度的改变，包括以下几种情况：（1）速度大小发生改变而方向不变；（2）速度大小不发生改变而方向改变；（3）速度大小以及方向都发生改变；结合四个选项进行判断A、弯道上沿曲线滑行的运动员，速度和方向时刻在变，即运动状态发生改变，符合题意；B、吊在天花板下的静止电灯，由于处于静止状态，速度的大小和方向都不变，即运动状态不变，不符合题意；C、路上匀速

8、直线行驶的小车，速度和方向都不变，即运动状态不发生改变，不符合题意；D、空中匀速直线下落的降落伞，速度和方向都不变，即运动状态不发生改变，不符合题意故选A解决此类题目可从结果出发进行判断：当物体的运动速度大小和方向都不变时，即物体的运动状态不发生改变；当物体的运动速度大小或者方向改变时，物体的运动状态发生改变8（2分）（2014巴中）现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的盐水，把一个鸡蛋分别放入两容器中的情形如图所示，鸡蛋在甲、乙两杯液体所受浮力分别为F甲浮、F乙浮，两杯液体对底部的压力、压强分别是F甲、F乙，P甲、P乙，下列说法正确的（）F甲浮F乙浮 F甲=F乙 P甲P乙F甲浮=F乙浮

9、 F甲F乙 P甲P乙F甲浮F乙浮 F甲F乙 P甲P乙F甲浮=F乙浮 F甲F乙 P甲P乙压强大小比较压强、液体的压强（1）根据物体的悬浮条件和浮沉条件判断鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小关系；（2）鸡蛋在甲杯盐水中悬浮，盐水对容器底的压力等于鸡蛋重加上盐水重；鸡蛋在乙杯盐水中漂浮，盐水对容器底的压力等于鸡蛋重加上盐水重；而容器相同、容器底面积相同，再根据压强公式p=得出盐水对容器底部的压强关系（1）鸡蛋漂浮在甲杯中，受到盐水的浮力等于鸡蛋重力；鸡蛋悬浮在乙杯中，受到盐水的浮力也等于鸡蛋重力；所以鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小相等，即：F甲浮=F乙浮；（2）鸡蛋在甲杯盐水中漂浮，盐水对容器底的压力：

10、F甲=G鸡蛋+G甲盐水=G鸡蛋+m甲盐水g=G鸡蛋+甲Vg，鸡蛋在乙杯盐水中悬浮，盐水对容器底的压力：F乙=G鸡蛋+G乙盐水=G鸡蛋+m乙盐水g=G鸡蛋+乙Vg，F甲浮=F乙浮；甲乙，液体对容器底的压力：F甲F乙，因为容器相同、容器底面积相同，由压强公式p=可知盐水对容器底部的压强相等，即：p甲p乙综上分析，ACD错误，B正确本题易错点在第二问，要注意两盐水的密度不同，利用好“柱形容器中液体对容器底的压力等于液体重力”是本题的关键9（2分）（2014巴中）如图所示，O为杠杆MN的支点，OM：ON=3：4，物块A和B分别挂在M、N两端，杠杆恰好平衡，已知物块A、B的体积之比为2：1，则A、B两物

11、体物质的密度之比是（）3：24：32：4杠杆的平衡分析法及其应用计算题；简单机械已知力臂比例关系，根据杠杆平衡条件可以得到两物体对杠杆的拉力之比，也就是两物体的重力之比，进一步得到质量关系；已知两物体质量之比和体积之比，利用公式=得到两物体密度之比F1L1=F2L2，GAOM=GBON，mAgOM=mBgON，mAOM=mBON，=，=，=比值的计算是物理中常见的题型，解题时的方法是，明确需求量和已知量之间的关系，找出相应的关系式，然后条理清楚地进行运算，切不可凭想象心算10（2分）（2014巴中）关于功、功率、机械效率说法正确的是（）功率越大，做功越快，机械效率越大做功越少，功率越小，机械效

12、率越小功率越大，反映做功越快，与机械效率无关机械效率越大，表明它做的功越多功；机械效率；功率的概念功、功率、机械效率根据功、功率、机械效率的关系分析功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，大小与做功多少和时间有关；A、功率大，说明做功快，但不能说明机械效率越大，故A错；B、功率与做功多少和时间有关，做功少，功率不一定小，机械效率不一定小，故B错；C、功率越大，反映做功越快，与机械效率无关，正确；D、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做功不一定多，故D错；本题考查了功、功率、机械效率的关系功率由

13、功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定11（2分）（2014巴中）如图所示，两只额定电压相同的灯泡L1、L2，串联在电路中，闭合开关后发现，L1不亮，L2亮，电压表有一定的示数，其原因可能是（）L1的灯丝烧断L1的电阻小于L2的电阻L2的实际功率小于L1的实际功率L2的额定功率大于L1的额定功率电流表、电压表在判断电路故障中的应用电流和电路（1）串联电路中，当一处发生断路时，整个电路不能工作；（2）串联电路中，电流处处相等；而灯泡的亮度由其实际功率决定，由电功率的计算式P=I2R可知，在电流一定时，实际功率大的电阻较大，即亮度大的阻值大，其两端的实际电压大；（2）已知两灯的额定电压相

14、等，由公式P=可知，在额定电压一定时，电阻越大，额定功率越小根据上述分析对各选项逐一判断即可A、如果灯泡L1的灯丝烧断，则灯泡L2也不会亮，故A错误；B、根据电路图可知，两灯泡串联，L2亮，说明电路为通路；电压表测量L1两端电压，电压表有示数，说明L1完好，灯泡L1不亮，说明灯泡L1的实际功率太小，由P=I2R知，电流相同时，功率越小，阻值越小，因此灯L1的阻值要小于灯L2的阻值；故B正确；C、综合B选项中的分析可知，L1不亮，L2亮，说明L2的实际功率较大，L1的实际功率较小，故C错误；D、由B分析可知：R1R2，那么在额定电压相同时，由P=可得出阻值越大，其额定功率越小，即灯L1的额定功率

15、要大于灯L2的额定功率，故D错误知道灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率是正确解题的前提与关键，熟练应用串联电路的特点、功率公式及欧姆定律即可解题12（2分）（2014巴中）如图所示的电路图中，要使灯泡L1和L2组成并联电路，应该是（）只闭合S3同时闭合S1和S3，断开S2同时闭合S1和S2，断开S3只闭合S2电路的基本连接方式电路元件的连接有串联和并联两种方式：由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；而并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响在进行电路连接时，还一定要注意不能出现电源短路A、只闭合S3时电流只有一条路径，是L2的简单的电路，

16、不合题意；B、同时闭合S1和S3，断开S2时，电流有两条路径，分别流经灯泡L1和L2，属并联电路，符合题意；C、同时闭合S1和S2时电流会不经用电器直接从电源正极流向负极，属电源短路，是错误的，不合题意；D、只闭合S2时电流只有一条路径，电流依次流过L2、L1和开关S2，属串联电路，不合题意解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点，结合题意选择合适的开关组成符合题意的电路图13（2分）（2014巴中）如图所示的电路中，当滑片向左滑动时，两电表的示数变化及灯泡L的亮度变化正确的是（）表变大，表变小，灯L变暗表变小，表变大，灯L变亮表不变，灯L亮度不变电路的动态分析电路变化分析综合题根据电路图可

17、知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器右部分电阻的电压；先根据滑片的移动确定电路总电阻的变化，然后根据欧姆定律判断电路电流的变化，再根据P=I2R判断灯泡实际功率的变化，最后根据滑片移动的方向以及U=IR判断电压表示数的变化根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，当滑片移动时，电路中的总电阻不发生改变，因此电路中的电流不变，即电流表示数不变；故AB错误；根据P=I2R可知，灯泡的实际不变，因此灯泡的亮度不变；当滑片向左移动时，滑动变阻器右半部分电阻变大，即电压表测量的阻值变大，由U=IR可知，电压表的示数变大，故C正确，D错误本题考查动态电路分析，关键是明确电路的结构以及电流表

18、和电压表测量的对象，并且会灵活应用功率计算公式和欧姆定律的应用14（2分）（2014巴中）关于能源利用说法中正确的是（）煤、石油、太阳能都是不可再生资源风能、太阳能是绿色能源应大力开发利用核电站是利用原子核聚变所释放的能量来发电火箭发射利用的燃料是液态氢，是因为它含有的热量多能源的分类；燃料的热值；核电站发电过程中的能量转化（1）使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；（2）可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是不污染环境，取之不尽用之不竭；（3）核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；（4）

19、运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量A、煤、石油使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源，所以A错误；B、风能、太阳能属于可再生能源，使用起来环保无污染，所以B正确；C、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，所以C错误；D、火箭发射利用的燃料是液态氢，是因为它的热值高，所以D错误本题主要考查能源的分类、对核能利用情况的了解，以及液态氢燃料的特点，这些知识点都属于基础知识，要熟练掌握15（2分）（2014巴中）近一年来在我们的生活中，4G手机通信业务已经逐渐推广，使用4G手机不仅通话信号好，还要在无线网

20、络上网时效果更佳下列说法正确的是（）电磁波和声波在空气中的传播速度都是3102km/s电磁波和声波都是由物体振动产生的手机无线上网是利用电磁波传输信息电磁波能传递能量，声波不能传递能量电磁波的传播；移动通信信息的传递（1）迅速变化的电流周围产生电磁波，且电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3108m/s（2）电磁波能够传递信息，也能传递能量A、声波在空气中的传播速度是340m/s，电磁波在空气中的传播速度是3108m/s，该选项说法不正确；B、电磁波是由变化的电流产生的，而声波是由物体的振动产生的，该选项说法不正确；C、手机无线上网是利用电磁波传输信息，该选项说法正确；D、电磁波和声波都能

21、传递能量，该选项说法不正确本题考查了电磁波和声波的特点，对比记忆加深印象，属于基础知识的考查16（2分）（2014巴中）有关力与运动的关系，下列说法中正确的是（）有力作用在物体上，物体就运动力能改变物体的运动状态，它的三要素影响力的作用效果物体所受的合力为零，该物体一定处于静止状态没有力的作用，运动的物体会慢慢停下来力与运动的关系运动和力（1）物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；（2）物体受平衡力作用，物体处于平衡状态，物体静止或做匀速直线运动A、物体受非平衡力作用，物体将运动；受平衡力作用，物体会静止，此选项错误；B、力能改变物体的运动状态，它的三要素影响力的作用效，此选项

22、正确；C、物体受到合力为零，受平衡力作用，原来静止的物体会静止；原来运动的物体将做匀速直线运动，此选项错误；D、运动的物体如果不受力，将做匀速直线运动，此选项错误；本题考查了力与运动的关系，应知道：力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因17（2分）（2014巴中）如图所示电路连接中，当开关S闭合时，下列说法正确的是（）螺线管上端S极，滑片P向左移，弹簧测力计示数增大螺线管上端N极，滑片P向左移，弹簧测力计示数减小螺线管上端S极，滑片P向右移，弹簧测力计示数增大螺线管上端N极，滑片P向右移，弹簧测力计示数减小通电螺线管的磁场磁现象、电生磁利用安培右手定则判断出通电螺线管的NS极，

23、再根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的作用规律判断弹簧测力计示数的变化闭合开关后，电流从通电螺线管的左流向右，利用右手定则可知通电螺线管的上端为S极，下端为N极，已知测力计下磁体下端为N极，则异名磁极相互吸引，当滑片向左移动时，电流增大，则磁性增强，测力计示数变大故选：此题主要考查学生对于安培定则的理解和掌握18（2分）（2014巴中）在生活用电中，下列符合安全用电要求的是（）可接触低压带电体，不靠近高压带电体多个大功率用电器同时使用一个插座用手握住测电笔的金属杆判断插座是否有电有金属外壳的家用电器使用三脚插头安全用电原则电与热、生活用电（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电

24、体；（2）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大；（3）使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光；（4）带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全A、安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A不符合安全用电要求；B、大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾故B不符合安全用电要求；C、用手握住测电笔的金属杆判断插座是否有电会造成触电事故，故C不符合安全用电要求；D、有金属外壳的用电器，使用三脚插头，使用电器外壳接地，防止用电器外壳带电危及人身安全，故D符合安全用电要求本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则二、填空题（每空1分，共20分）19（4分）（2014巴中）两电阻R1=6，R2=9，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，通过它们的电流I=0.2A，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=2：3；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I1：