届物理二轮电磁感应规律及其应用 专题卷全国通用.docx

1、届物理二轮 电磁感应规律及其应用 专题卷全国通用2019届物理二轮 电磁感应规律及其应用 专题卷（全国通用）1(2018江苏单科)(多选)如图所示，竖直放置的“”形光滑导轨宽为L，矩形匀强磁场、的高和间距均为d，磁感应强度为B。质量为m的水平金属杆由静止释放，进入磁场和时的速度相等。金属杆在导轨间的电阻为R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g。金属杆()A刚进入磁场时加速度方向竖直向下B穿过磁场的时间大于在两磁场之间的运动时间C穿过两磁场产生的总热量为4mgdD释放时距磁场上边界的高度h可能小于解析 本题考查电磁感应与动力学、能量问题的综合应用。要使杆进入磁场和时的速度相等，杆刚进入

2、磁场时必须减速运动，加速度方向竖直向上，故A错误。杆在区做加速度减小的减速运动，在两磁场之间做ag的匀加速运动，运动过程如图所示(其中v1为杆刚进入时的速度，v2为杆刚出时的速度)，图线与时间轴所围的面积表示位移，两段运动的位移相等，则t1t2t1，故B正确。对杆从进入磁场至刚穿出磁场的过程应用动能定理得mg3dW安mvmv，对杆穿过两磁场之间的过程应用动能定理得mgdmvmv，解得W安4mgd，由功能关系得QW安4mgd，故C正确。若杆刚进入磁场时恰好匀速，则有mg，v1，代入h得h，因为杆刚进入时必须做减速运动，故一定有h，故D错误。答案 BC2(2018湖北八校二联)(多选)已知地磁场类

3、似于条形磁铁产生的磁场，地磁N极位于地理南极附近。如图所示，在湖北某中学实验室的水平桌面上，放置边长为L的正方形闭合导体线框abcd，线框的ad边沿南北方向，ab边沿东西方向，下列说法正确的是()A若使线框向东平移，则a点电势比d点电势低B若使线框向北平移，则a点电势等于b点电势C若以ad边为轴，将线框向上翻转90，则翻转过程线框中电流方向始终为adcba方向D若以ab边为轴，将线框向上翻转90，则翻转过程线框中电流方向始终为adcba方向解析 地球北半部的磁场方向由南向北斜向下，可分解为水平向北和竖直向下两个分量。若线圈向东平移，根据右手定则可知a点电势低于d点电势，A项正确；若线圈向北平移

4、，根据右手定则可知a点电势高于b点电势，B项错误；若以ad边为轴，将线框向上翻转90过程中，根据楞次定律及安培定则可知线框中的电流方向始终为adcba方向，C项正确；若以ab边为轴，将线框向上翻转90过程中，穿过线框的磁通量先增大后减小，根据楞次定律及安培定则可知，线框中的电流方向为先沿abcda方向再沿adcba方向，故D错误。答案 AC3(2018全国模拟)(多选)如图甲所示，螺线管内有一平行于轴线的磁场，规定图中箭头所示方向为磁感应强度B的正方向，螺线管与U形导线框cdef相连，导线框cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环面积为S，圆环与导线框cdef在同一平面内。当螺线管内的磁感应强

5、度随时间按图乙所示规律变化时，下列说法中正确的是()A在t1时刻，金属圆环L内的磁通量最大，最大值mB0SB在t2时刻，金属圆环L内的磁通量最大C在t1t2时间内，金属圆环L有扩张的趋势D在t1t2时间内，金属圆环L内有顺时针方向的感应电流解析 当螺线管内的磁感应强度随时间按图乙所示规律变化时，在导线框cdef内产生感应电流，t1时刻感应电流为0，金属圆环L内磁通量为0，A错；t2时刻，感应电流最大，金属圆环L内的磁通量最大，B正确；t1t2时间内，金属圆环L有收缩趋势，C错误；由楞次定律知，t1t2时间内，导线框cdef内产生逆时针方向感应电流，且逐渐增大，故金属圆环L内有顺时针方向的感应电

6、流，D正确。答案 BD4(2018安徽六校二联)(多选)如图所示，光滑水平面上存在有界匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m、边长为a的正方形线框ABCD斜向右上方穿进磁场，当AC刚进入磁场时，线框的速度为v，方向与磁场边界成45角，若线框的总电阻为R，则()A线框穿进磁场过程中，线框中电流的方向为DCBADBAC刚进入磁场时线框中感应电流为CAC刚进入磁场时线框所受安培力为D此时CD两端电压为Bav解析 线框进入磁场的过程中穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可以知道，感应电流的磁场的方向向外，由安培定则可知感应电流的方向为ABCDA方向，故A错误；AC刚进入磁场时，CD边切割磁感线，AD边不切割磁

7、感线，所以产生的感应电动势EBav，则线框中感应电流I，故B错误；AC刚进入磁场时线框的CD边受到的安培力与v的方向相反，AD边受到的安培力的方向垂直于AD向下，它们的大小都是FBIa，由几何关系知，AD边与CD边受到的安培力的方向相互垂直，AC刚进入磁场时线框所受安培力为AD边与CD边受到的安培力的矢量和，F合F，故C选项正确；当AC刚进入磁场时，CD两端电压UIBav，故D选项正确。答案 CD5(2018湖北黄冈期末)(多选)如图所示，在光滑水平面内，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，一正方形金属线框质量为m，电阻为R，边长为L，从虚线处进入磁场时开始计时，在外力作用下，线框由静

8、止开始，以垂直于磁场的恒定加速度a进入磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场，规定顺时针方向为感应电流i的正方向，外力大小为F，线框中电功率的瞬时值为P，通过导体横截面的电荷量为q，其中P-t和q-t图像均为抛物线的一部分，则这些量随时间变化的图像正确的是()解析 线框切割磁感线，运动速度vat，产生的感应电动势eBLv，产生的感应电流i，故A错误；对线框受力分析，由牛顿第二定律，有FF安ma，其中F安BLi，得Fma，故B错误；功率Pi2R，P-t图线为抛物线的一部分，故C正确；由电荷量表达式q，有q，q-t图线为抛物线的一部分，故D正确。答案 CD6(2018山东潍坊中学一模，8)(多选)如图

9、所示，同一竖直面内的正方形导线框a、b的边长均为l，电阻均为R，质量分别为2m和m。它们分别系在一跨过两个定滑轮的轻绳两端，在两导线框之间有一宽度为2l、磁感应强度大小为B、方向垂直竖直面的匀强磁场区域。开始时，线框b的上边与匀强磁场的下边界重合，线框a的下边到匀强磁场的上边界的距离为l。现将系统由静止释放，当线框b全部进入磁场时，a、b两个线框开始做匀速运动。不计摩擦和空气阻力，则()Aa、b两个线框匀速运动的速度大小为B线框a从下边进入磁场到上边离开磁场所用时间为C从开始运动到线框a全部进入磁场的过程中，线框a所产生的焦耳热为mglD从开始运动到线框a全部进入磁场的过程中，两线框共克服安培

10、力做功为2mgl解析 设两线框匀速运动的速度为v，此时轻绳上的张力大小为T，则对a有：T2mgBIl，对b有：Tmg，又I，EBlv，解得v，故A错误。线框a从下边进入磁场后，线框a通过磁场时以速度v匀速运动，则线框a从下边进入磁场到上边离开磁场所用时间t，故B正确。从开始运动到线框a全部进入磁场的过程中，线框a只在其匀速进入磁场的过程中产生焦耳热，设为Q，由功能关系有2mglTlQ，得Qmgl，故C正确。设两线框从开始运动至a全部进入磁场的过程中，两线框共克服安培力做的功为W，此过程中左、右两线框分别向上、向下运动2l的距离，对这一过程，由能量守恒定律有：4mgl2mgl3mv2W，得W2m

11、gl，故D错误。答案 BC7(2018广东佛山质检)(多选)水平放置足够长的光滑平行导轨，电阻不计，间距为L，左端连接的电源电动势为E，内阻为r，质量为m的金属杆垂直静放在导轨上，金属杆处于导轨间的部分电阻为R。整个装置处在磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中，闭合开关，金属杆沿导轨做变加速运动直至达到最大速度，则下列说法正确的是()A金属杆的最大速度大小为B此过程中通过金属杆的电荷量为C此过程中电源提供的电能为D此过程中金属杆产生的热量为解析 闭合开关后电路中有电流，金属杆在安培力的作用下向右运动，金属杆切割磁感线产生感应电动势，方向与电源电动势方向相反，当两者相等时，电流为0，金属

12、杆达到最大速度，此时EBLvm，得vm，A项正确。对杆应用动量定理有BL tmvm，又qt，得q，B项错误。电源提供的电能E电qE， C项正确。据能量守恒定律，E电EkQ热，Ekmv，可得Q热E电Ek，Q热为电源内阻和金属杆上产生的总热量，D项错误。答案 AC8(2018河北石家庄二模)(多选)如图甲所示，质量m3.0103 kg的“”形金属细框竖直放置在两水银槽中，“”形框的水平细杆CD长l0.20 m，处于磁感应强度大小B11.0 T、方向水平向右的匀强磁场中。有一匝数n300、面积S0.01 m2的线圈通过开关K与两水银槽相连。线圈处于与线圈平面垂直、沿竖直方向的匀强磁场中，其磁感应强度

13、B2随时间t变化的关系如图乙所示。t0.22 s时闭合开关K瞬间细框跳起(细框跳起瞬间安培力远大于重力)，跳起的最大高度h0.20 m。不计空气阻力，重力加速度g10 m/s2，下列说法正确的是()A00.10 s内线圈中的感应电动势大小为3 VB开关K闭合瞬间，CD中的电流方向由C到DC磁感应强度B2的方向竖直向下D开关K闭合瞬间，通过细杆CD的电荷量为0.03 C解析 00.1 s内线圈中的磁场均匀变化，由法拉第电磁感应定律EnnS，代入数据得E30 V，A错。开关闭合瞬间，细框会跳起，可知细框受向上的安培力，由左手定则可判断电流方向由C到D，B对。由于t0.22 s时通过线圈的磁通量正在

14、减少，对线圈由楞次定律可知感应电流产生的磁场的方向与B2的方向相同，故再由安培定则可知C错误。K闭合瞬间，因安培力远大于重力，则由动量定理有B1ltmv，通过细杆的电荷量Qt，细框向上跳起的过程中v22gh，解得Q0.03 C，D对。答案 BD解题指导 先由细框运动情况判断安培力方向，再由安培力方向判断电流方向，然后由电流方向判断线圈中的磁场方向。分析D项时应抓住题中的关键语句，“细框跳起瞬间安培力远大于重力”，可想到用动量定理进行求解。9(2018河北邯郸一模)如图所示，一足够长的光滑平行金属轨道，轨道平面与水平面成角，上端与一电阻R相连，处于方向垂直轨道平面向上的匀强磁场中。质量为m、电阻

15、为r的金属杆ab，从高为h处由静止释放，下滑一段时间后，金属杆开始以速度v匀速运动直到轨道的底端。金属杆始终保持与轨道垂直且接触良好，轨道的电阻及空气阻力均可忽略不计，重力加速度为g。则()A金属杆加速运动过程中的平均速度为v/2B金属杆加速运动过程中克服安培力做功的功率大于匀速运动过程中克服安培力做功的功率C当金属杆的速度为v/2时，它的加速度大小为D整个运动过程中电阻R产生的焦耳热为mghmv2解析 对金属杆分析知，金属杆ab在运动过程中受到重力、轨道支持力和安培力作用，先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动，因金属杆加速运动过程不是匀加速，故其平均速度不等于，A错误。当安培力等于重力沿斜面的分力，即mg sin 时，杆ab开始匀速运动，此时v最大，安培力最大，故匀速运动时克服安培力做功的功率大，B错误；当金属杆速度为时，F安mg sin ，所以F合mg sin F安mg sin ma，得a，C正