届赤峰市高三质量检测试物理解析版09Word文档下载推荐.docx

1、对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力Ff，有 mg-Ff=ma；所以 Ff=m（g-a），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力-摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力Ff、顶竿的人对竿的支持力FN，有Mg+Ff=FN，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到FN=Mg+Ff=（M+m）g-ma故选：【思路点拨】竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常

2、出现的错误，注意这一点这道题就可以了【题文】4. 卫星电话信号需要通过地球卫星传送如果你与同学在地面上用卫星电话通话，则从你发出信号至对方接收到信号所需要最短时间最接近于（可能用到的数据：月球绕地球运动的轨道半径为3.8105km，运动周期约为27天，地球半径约为6400km，无线电信号的传播速度为3108m/s）（）A0.1s B0.25s C0.5s D1s【知识点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用D5【答案解析】B 解析： 根据万有引力提供向心力，解得：r=，已知月球和同步卫星的周期比为27：1，则月球和同步卫星的轨道半径比为9：1同步卫星的轨道半径r=3.810

3、5=4.2104km所以接收到信号的最短时间t=0.25s，故选B【思路点拨】同步卫星和月球都是绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，求出轨道半径比，从而得出同步卫星的轨道半径以及高度，根据速度公式求出时间解决本题的关键掌握万有引力提供向心力【题文】5. 矩形导线框abcd放在匀强磁场中处于静止状态，如图（甲）所示磁感线方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图（乙）所示t=0时刻，磁感应强度的方向垂直导线框平面向里，在0-4s时间内，导线框ad边所受安培力随时间变化的图象（规定以向左为安培力正方向）可能是图中的（） B【知识点】法拉第电磁感应定律；安培力K1 L2【答

4、案解析】 D 解析：t=0时刻，磁感应强度的方向垂直线框平面向里，在0到1S内，穿过线框的磁通量变小，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ad边的安培力水平向左当在1S到2S内，磁感应强度的方向垂直线框平面向外，穿过线框的磁通量变大，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ad边的安培力水平向右在下一个周期内，重复出现安培力先向左后向右根据F=BIL知，在0到1s内电流的大小不变，磁感应强度均匀减小，则安培力均匀减小，在1到2s内，电流的大小不变，磁感应强度均匀增大，则安培力均匀增大故D正确，A、B、C错误故选D【思路点拨】穿过线圈的磁通量发生变化，

5、导致线圈中产生感应电动势，从而形成感应电流由题意可知，磁感应强度是随着时间均匀变化的，所以感应电流是恒定的，则线框ad边所受的安培力与磁感应强度有一定的关系安培力的方向由左手定则来确定，而感应电流方向则由楞次定律来确定当导线与磁场垂直放置时，若电流、导线长度不变时，安培力与磁感应强度成正比【题文】6.某水库用水带动如图甲所示的交流发电机发电，其与一个理想的升压变压器连接，给附近工厂的额定电压为10kV的电动机供电交流发电机的两磁极间的磁场为匀强磁场，线圈绕垂直匀强磁场的水平轴OO沿顺时针方向匀速运动，从图示位置开始计时，产生的电动势如图乙所示连接各用电器的导线电阻忽略不计，交流电压表与交流电流

6、表都是理想电表下列说法正确的是（）A0.01s时通过电流表的电流的方向向右B变压器原、副线圈的匝数比为1：20C进入电动机的电流的频率是100HZD开关K闭合时电压表和电流表的示数均变大【知识点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；变压器的构造和原理M1A、根据左手定则，判定如图CD中的电流为C到D，故0.01s时通过电流为D到C，电流表的电流的方向为向右，故A正确；B、原电压有效值为V，用户需要为10KV，故匝数之比为500：10000=1： ，故B错误；C、如图知周期T=0.02s，故频率为f=50Hz，故C错误；D、开关K闭合时电压表的示数不变，负

7、载电压不变，电阻减小，电流增大，根据知电流表的示数变大，故D错误故选：【思路点拨】根据右手定则判定电流方向，由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由动态分析判断电流表的读数变化本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值【题文】7. 静止的城市绿化洒水车，由横截面积为S的水龙头喷嘴水平喷出水流，水流从射出喷嘴到落地经历的时间为t，水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为，忽略空气阻力（重力加速度g取10m/s2），以下说法正确的是（）A水流射出喷嘴的速度为gttanB空中

8、水柱的水量（体积）为C水流落地时位移大小为D水流落地时的速度为 【知识点】平抛运动D2【答案解析】BC 解析：A、水流落地点与喷嘴连线与水平地面间的夹角为，则有tan=v0，故A错误；B、空中水柱的水量Q=Sv0t=，故B正确；C、水流落地时，竖直方向位移h=gt2，根据几何关系得：水流落地时位移大小s=，故C正确；D、水流落地时，竖直方速度vy=gt，则水流落地时的速度v=，故D错误故选：BC【思路点拨】水从喷嘴喷出后，做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据平抛运动的基本规律结合几何关系即可求解解决本题的关键知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体

9、运动，并结合运动学规律来解题注意不能将速度与水平面的夹角看成位移与水平面的夹角【题文】8. 如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的水平匀强磁场在该区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球O点为圆环的圆心，a、b、c、d为圆环上的四个点，a点为最高点，c点为最低点，b、O、d三点在同一水平线上已知小球所受电场力与重力大小相等现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A当小球运动到d点时，不受洛伦兹力B小球能越过d点并继续沿环向上运动C小球从b点运动到c点的过程中，经过弧bc中点时速度最大D小球从d点运动到b点的过程中，重力势能减小，电势能减小【知识

10、点】带电粒子在混合场中的运动；重力势能；电势能；洛仑兹力K2 K3【答案解析】AC 解析： A、当小球运动到d点时，速度为零，故不受洛伦兹力，故A正确；B、电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大；由于a、d两点关于新的最高点对称，若从a点静止释放，最高运动到d点；故B错误；C、由于等效重力指向左下方45，故弧bc中点是等效最低点，故小球从b点运动到c点的过程中，经过弧bc中点时速度最大，故C正确；D、由于d、b等高，故小球从d点运动到b点的

11、过程中，重力势能不变，故D错误；故选：AC【思路点拨】电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45，由于合力是恒力，故类等效成新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大再根据竖直平面内的圆周运动的相关知识解题即可该题要求同学们能够根据受力分析找出做圆周运动在等效重力场中新的最高点和最低点，再根据竖直平面内的圆周运动的知识解题，难度较大【题文】9. 如图所示，在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳子飞越对面的高台上一质量m的选手脚穿轮滑鞋以v0的水平速度在水平地面M上抓住竖直的绳开始摆动，选手可看作质点，绳子的悬

12、挂点到选手的距离L，当绳摆到与竖直方向夹角时，选手放开绳子，选手放开绳子后继续运动到最高点时，刚好可以水平运动到水平传送带A点，不考虑空气阻力和绳的质量取重力加速度g下列说法中正确的是（）A选手摆动过程中机械能不守恒，放手后机械能守恒B不能求出水平传送带A点相对水平面M的高度C选手放手时速度大小为 D可以求出选手到达水平传送带A点时速度大小【知识点】机械能守恒定律E3 E6【答案解析】CD 解析：A、由于摆动过程中绳子拉力不做功，只重力做功，机械能守恒，选项A错误；B、D、选手放手后到A过程运动的逆过程是平抛运动，根据平抛运动相关知识可以求出水平传送带A点相对水平面M的高度和到达A点时速度大小

13、，选项B错误、D正确；C、根据机械守恒定律列出解得：v=，选项C正确；CD【思路点拨】选手拉着绳子在摆动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律求出选手放开绳子时的速度大小选手放手后到A过程运动的逆过程是平抛运动，根据平抛运动相关知识可以求出水平传送带A点相对水平面M的高度和到达A点时速度大小本题综合考查了机械能守恒定律、牛顿第二定律和运动学公式以及功能关系，综合性较强，对学生的能力要求较高，是一道好题【题文】10. 正负电子对撞机的最后部分的简化示意图如图所示（俯视图），位于水平面内的粗实线所示的圆环形真空管道是正、负电子做圆运动的“容器”，经过加速器加速后，质量均为m的正、负电子被分别引入该

14、管道时，具有相等的速率v，他们沿着管道向相反的方向运动在管道控制它们转变的是一系列圆形电磁铁，即图甲中的A1、A2、A3An共有n个，均匀分布在整个圆环上，每组电磁铁内的磁场都是磁感应强度相同的匀强磁场，并且方向竖直向下，磁场区域的直径为d（如图乙），改变电磁铁内电流的大小，就可改变磁场的磁感应强度从而改变电子偏转的角度经过精确的调整，首先实现电子在环形管道中沿图甲中虚线所示的轨迹运动，这时电子经过每个电磁场区域时射入点和射出点都是电磁场区域的同一直径的两端，如图乙所示若电子的重力可不计，则下列相关说法正确的是（）A负电子在管道内沿逆时针方向运动B碰撞点为过入射点所在直径的另一端C电子经过每个

15、电磁铁，偏转的角度是=D电子在电磁铁内做圆周运动的半径为R=【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动K2 K4【答案解析】BD 解析：A、电子在运动的过程中受力的方向指向圆心，根据左手定则可知，电子在管道内沿顺时针方向运动故A错误；B、由题意，首先实现电子在环形管道中沿图甲中虚线所示的轨迹运动，这时电子经过每个电磁场区域时射入点和射出点都是电磁场区域的同一直径的两端，所以碰撞点为过入射点所在直径的另一端故B正确；C、电子经过n个磁场的偏转后转过的角度是2，经过每个电磁铁，偏转的角度是=故C错误；D、由B的分析知电子经过每个电磁铁，偏转的角度是=所以：得：R故D正确故选：BD【思路点拨】（1）根据左

16、手定则即可判断出电子运动的方向；（2）电子经过n个磁场的偏转后转过的角度是2，根据几何关系即可确定电子在电磁铁内做圆周运动的半径为R（3）碰撞点为过入射点所对直径的另一端本题题目描述很繁杂，看上去难度很大，但是越是这样的往往越简单，因为它描述的多已知量相应就多，过程相应就比较详尽，这有助于我们解题，所以遇见这样看似很难的题目不要慌张，仔细读完，梳理出题目的各个过程，各个量的关系，然后建立起物理模型，然后选择相应的物理规律，定律，定理，一般都能解决二、实验题：本题共2小题，共15分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答【题文】11. 某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案如图示

17、，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x（空气阻力对本实验的影响可以忽略）滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为 滑块与斜面间的动摩擦因数为 以下能引起实验误差的是 （ ）cda滑块的质量b当地重力加速度的大小c长度测量时的读数误差d小球落地和滑块撞击挡板不同时【知识点】探究影响摩擦力的大小的因素A7【答

18、案解析】：cd 解析：由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，由x=at2和H=gt2得：所以根据几何关系可知：sin=，cos=对滑块由牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma，且a=，联立方程解得=由得表达式可知，能引起实验误差的是长度x、h、H测量时的读数误差，同时要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差，故选cd【思路点拨】由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，由匀加速运动的位移时间公式和自由落体的位移时间公式即可求得加速度的比值；由牛顿第二定律及几何关系即可求得滑块与斜面间的动摩擦因数；由的数学表达式就可以知

19、道能引起实验误差的因数，还要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差；本题考查了匀加速直线运动和自由落体运动的基本公式，要求同学们能学会对实验进行误差分析。【题文】12. 为了测量一电阻的阻值Rx，现有以下器材：蓄电池E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，电阻箱RP，开关S1、S2，导线若干某活动小组涉及了如图甲损失的电路实验的主要步骤：a闭合S1，断开S2，调节R和RP，使电流表和电压表示数合适，记下两表示数分别为I1、U1；b闭合S2，保持RP阻值不变，记下电流表和电压表示数分别为I2、U2按电路图在实物图乙上连线；写出被测电阻的表达式Rx= （用两电表的读数表示）；由于电流表、电压表

20、都不是理想电表，则被测电阻Rx的测量值 等于真实值（选填“大于”、“小于”或“等于”）【知识点】伏安法测电阻J5：如图所示等于 解析：按电路图在实物图乙上连线得下图由欧姆定律根据步骤a设电压表内阻为Rv：根据步骤b： 由以上两式可得：RX=因把电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，即可解出待测电阻的真实值则被测电阻Rx的测量值 等于真实值【思路点拨】在两种情况下是将电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，即可解出待测电阻的真实值若题目要求求出待测量真实值时，只需把电表内阻考虑在内，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可三、综合分析与计算题【题文】13. 近年来全国多地雾霾频发，且有愈演愈烈的趋

21、势，空气质量问题备受关注，在雾霾天气下，能见度下降，机动车行驶速度降低，道路通行效率下降，对城市快速路、桥梁和高速公路的影响很大如果路上能见度小于200米，应开启机动车的大灯、雾灯、应急灯，将车速控制在60km/h以下，并与同道前车保持50米的车距；当能见度小于100米时，驾驶员将车速控制在40km/h以下，车距控制在100米已知汽车保持匀速正常行驶时受到地面的阻力为车重的0.1倍，刹车时受到地面的阻力为车重的0.5倍，重力加速度为g=10m/s2，则：（1）若汽车在雾霾天行驶的速度为v=36km/h，则刹车后经过多长时间才会停下来？（2）若前车因故障停在车道上，当质量为m=1500kg的后车

22、距已经停止的前车为90m时紧急刹车，刚好不与前车相撞，则后车正常行驶时的功率为多大？【知识点】功率、平均功率和瞬时功率A2 A8 C2 E1（1）2s（2）45kW等于 解析：（1）v=36km/h=10m/s刹车后由牛顿第二定律可知-0.5mg=maa=0.5g=-5m/s2v=v+atts2s（2）根据动能定理-f2s=0- f2=k2mg2k2gs20.51090900v0=30m/s正常行驶F-f1=0f11=k1mg=0.1mgP=Fv0=0.1150030w=45kW（1）刹车后由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出时间；（2）利用动能定理求出刚好不相撞的速度，由P=Fv求的功

23、率；本题主要考查了对汽车运动过程的分析，抓住临界条件刚好不相撞.【题文】14. 如图所示，绝缘平板S放在水平地面上，S与水平面间的动摩擦因数=0.4两足够大的平行金属板P、Q通过绝缘撑架相连，Q板固定在平板S上，P、Q间存在竖直向上的匀强电场，整个装置总质量M=0.48kg，P、Q间距为d=1m，P板的中央有一小孔给装置某一初速度，装置向右运动现有一质量m=0.04kg、电量q=110-4C的小球，从离P板高h=1.25m处静止下落，恰好能进入孔内小球进入电场时，装置的速度为v1=5m/s小球进入电场后，恰能运动到Q板且不与Q板接触假设小球进入电场后，装置始终保持初始的运动方向，不计空气阻力，

24、g取10m/s2求：（1）小球刚释放时，小球与小孔的水平距离x；（2）匀强电场的场强大小E；（3）小球从P板到Q板的下落过程中，电势能的变化量；（4）当小球返回到P板时，装置的速度vt【知识点】 匀强电场中电势差和电场强度的关系；带电粒子在匀强电场中的运动I1 I4（1）3m；（2）9103N/C（3）0.5J（4）1.2m/s 解析：（1）小球自由下落进入小孔用时t1=0.5s这段时间内装置在做匀减速运动，其加速度a1g4m/s2，小球与小孔的水平距离为xv1t1+a1t12=50.5+40523m（2）小球下落到Q板时速度为零从最高点到最低点：Ek=WG+W电mg（h+d）-qEd=0解得

25、E=9103N/C（3）总势能变化量：E电=qEd=0.9J（4）小球在电场中的加速度a12.5m/s2，小球在电场中运动的时间t22小球进入电场后，装置的加速度a2当小球返回到P板时，装置的速度v=v1-a2t2=1.2m/s（1）根据自由落体的位移时间公式求出小球释放到进入电场的时间，根据牛顿第二定律求出装置在水平面上匀减速运动的加速度大小，采用逆向思维，结合匀变速直线运动的位移时间公式求出小球与小孔间的水平距离（2）对小球释放到达最低点的过程运用动能定理求出电场强度的大小（3）根据重力势能的减小量和电势能的增加量求出总势能的变化量（4）根据牛顿第二定律，结合运动学公式求出小球在电场中运动

26、的时间，根据牛顿第二定律求出装置的加速度，结合速度时间公式求出装置的速度解决本题的关键理清小球和装置的运动过程，结合牛顿第二定律、动能定理、运动学公式分析求解注意小球在电场中运动时，装置的加速度与小球不在电场中时装置的加速度不同四、综合分析与计算二【题文】15.【选修模块3-3】 （1）关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是 A用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B热量可以由低温物体传给高温物体C一定质量的气体的体积变小，其压强可能减小D给物体加热，物体分子的热运动一定会变剧烈，分子的平均动能一定会增大E在某过程中，气体的内能不变，却对外做功，这个并不违反热力学第一定律【知识点】 分子动理论、热力学定律 H1 H3【答案解析】 BCE 解析：A、用打气筒打气时，里面的气体因体积变小，压强变大，所以再压缩时就费力；故A错误；B、热量不能自发的从低温物体传给高温物体，但在引起其它变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，故B正确；C、在温度降低的情况下，一定质量的气体的体积变小，其压强可能减小，故C正确；D、E做功和热传递都可以改变物体的内能，故给物体加热，物体温度不一定升高，故D错误；E正确；故选BCE【思路点拨】热量不能自发的从低温物体