典例+解析电压和电阻文档格式.docx

1、C.c、d之间，c与电压表“+”接线柱连接D.c、d之间，d与电压表“+”接线柱连接【答案】A正确【解析】电压表测小灯泡L两端的电压，所以应并联在电路中，即a、b之间，又由于电流必须从表的“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，所以a与电压表的“+”接线柱连接，故选A。思路分析：区分电压表的并联和电流表的串联，另外不论电压表还是电流表都让电流从正接线柱流入，负接线柱流出。这样指针才会向右偏转。如果接反，指针向左偏转，可能把指针打弯，甚至损毁仪表。试题点评：考察了电压表的连接方法3学生实验用的电压表，当使用“”和“15”两个按线柱时，电压表的量程和分度值分别是（ ） A15V 0.5V B15V

2、1V C3V 0.1V D3V 0.05V【答案】A【解析】学生实验用的电压表，当使用“-”和“15”两个接线柱时，电压表能测量的最大电压为15V，量程为015V；每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，所以分度值是0.5V故选A4用伏特表分别测电路中两盏电灯的电压，结果它们两端的电压相等，由此判断两盏电灯的连接方式是 （ ）A一定是串联 B一定是并联 C串联、并联都有可能 D无法判断 【答案】C【解析】用伏特表分别测电路中两盏电灯的电压，结果它们两端的电压相等，串联、并联都有可能。5如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电流表、电压表均有示数过一会儿电压表的示数变大，可能发生

3、的故障是（）A 可能是L1灯丝断了 B 一定是L1短路C 可能是L2灯丝断了 D 一定是L2短路【解析】试题分析：闭合开关，灯泡都能发光，电流表、电压表有示数，说明电路正常电压表示数增大，原因有两个：与之并联的导体断路，与之串联的导体短路A 如果灯泡L1灯丝断了，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零此选项不符合题意；B 如果灯泡L1短路，电压表测量电源电压示数增大；但灯泡L2断路时，电压表也会测量电源电压示数增大此选项不符合题意；C 如果灯泡L2灯丝断了，电压表测量电源电压示数增大此选项符合题意；D 如果灯泡L2短路，电压表相当于与导线并联示数减小为零此选项不符合题意考点：电流表、电压表在判

4、断电路故障中的应用点评：使用电压表判断电路故障的作法是：将电压表与导体并联，如果电压表有示数且较大，说明并联的导体断路；如果无示数，说明其它导体断路或并联的导体短路6一根粗细均匀的细导线，其电阻为1.6，将它对折起来作为一根新导线，则这根新导线的电阻为（ ）A3.2 B1.6 C0.8 D0.4影响电阻大小的因素由材料、长度和横截面积以及温度；根据题意，一根粗细均匀的细导线，其电阻为1.6，将它对折起来作为一根新导线，长度变为原来的一半，横截面积增大2倍，所以电阻的大小减小为原来的1/4，所以是0.4，选D。影响电阻大小的因素解决本题的关键是熟知影响电阻大小的因素：影响电阻大小的因素是材料、长

5、度、横截面积以及温度，与电压和电流的大小无关。7如图所示的物理实验中，下列对实验现象的描述符合实际的是A.甲图中，闭合开关后，导体AB上下运动，电流表的指针将左右摆动B.乙图中，对沸腾的水继续加热，温度计的示数将不断升高C.丙图中，对金属电阻丝加热，灯泡将变暗D.丁图中，用完全相同的装置给初温、质量均相同的水和花生油加热，水的温度升高得快一些A、甲图中，导体应切割磁感线，左右移动，所以错误；B、乙图中，对沸腾的水继续加热，温度计的示数将不变，所以错误；C、丙图中，对电阻丝加热，其阻值变大，故通过其的电流变小，灯泡变暗，所以正确；D、丁图中，用完全相同的装置给初温、质量均相同的水和花生油加热，由

6、于水的比热容大，所以水温度升高的慢，所以错误所以选C电磁感应的关系、液体沸腾的特点、导体的电阻受温度的影响及水的比热容该题考查了电磁感应的关系、液体沸腾的特点、导体的电阻受温度的影响及水的比热容最大的应用，是一道综合题8如图所示的滑动变阻器分别接在了不同的电路中，当每个滑动变阻器的滑片都向右滑动时，接入电路中的电阻变大的是【答案】B【解析】滑动变阻器应该用一上一下两个接线柱，要想使片都向右滑动时，接入电路中的电阻变大，则下边的接线柱接在左端，所以选D9图所示为滑动变阻器的四种接线方法。把它们分别连接在电路中，当滑片P向左移动时，可使通过滑动变阻器的电流变大的接法是【解析】A 该接法接入电路的阻

7、值为0，电阻值不变，故A选项错误；B 该接法使接入电路的阻值为定值电阻，故B选项错误；C 滑片向左移，接入电路的阻值变大，电流减小，故C选项错误；D 滑片向左移，接入电路的电阻减小，电流增大，故D选项正确；故选D10一根锰铜线的电阻为R，要使这根连入电路的导线电阻变大，可采用的方法是（ ） A减小导线两端的电压 B增大导线中的电流 C将导线拉长后连入电路 D将导线对折后连入电路【解析】A减小导线两端的电压，不能改变电阻；B增大导线中的电流也不能改变电阻；C将导线拉长后连入电路导体的长度变大，横截面变小，导致电阻变大 D将导线对折后连入电路导体的长度变小，横截面变大，导致电阻变小所以C是正确的。

8、11某同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合电键S，发现小灯不亮。接下来的操作，在以下步骤中最合理的是A断开电键S，更换额定功率大一点的灯泡重新实验B断开电键S，增加电池的节数重新实验C断开电键S，拆掉导线重新连接电路D观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合电键S，发现小灯不亮。可能是电路出现了断路，也可能是滑动变阻器的最大阻值过大，电路中的电流过小的缘故。接下来合理的操作步骤是观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路。故选D。

9、此题考查的是“用滑动变阻器改变电流”的实验。在此题中注意灯泡不亮的原因可能是电路出现了断路，也可能是滑动变阻器的最大阻值过大，电路中的电流过小的缘故。12如图所示，闭合开关S后，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为2V，则灯L2两端的电压为A6V B2V C4V D无法判断首先由电路分析画出等效电路图，则可知两灯的连接方式及电压表测量哪一部分的电压，则可判知结果等效电路如图所示，则可知两电灯串联，V1测量两灯上的总电压，而V2测量的为L2两端的电压，故L2两端的电压为2V。故选B。此题考查的是电路的分析。当遇到复杂的电路时，可先将电表摘除，电流表相当于导线，电压表相当于开路，画出等交电路

10、后，再将电表接入。则很容易可得出较为简单的电路图。13在下列的电路中，当开关S2闭合时，电压表测灯L2两端电压的是【解析】A、图中电路，当开关S2闭合时，L1和L2短路，电压表短路，电压表示数为0，故A错误B、图中电路，当开关S2闭合时，L1短路，L2和L3串联，电压表测灯L2两端电压，故B正确C、图中电路，当开关S2闭合时，L2短路，L1和L3串联，电压表测L1两端电压，故C错误D、图中电路，当开关S2闭合时，L2短路，L1和L3串联，电压表测L3两端电压，故D错误故选B14如图所示的电路中，电源电压不变，当电键K闭合时，电灯L恰好正常发光。若使滑动变阻器的滑片P向左移动，则：（） 【解析】

11、当滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，即总电阻减小，由欧姆定律得，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；灯泡的阻值不变，电路中的电流变大，由U=IR可得，故灯泡两端的电压变变大；又因为串联电路的总电压等于各部分电压之和，所以电压表示数也变小故选B15在超导体研究领域我国取得了令人瞩目的成就，关于超导状态下的超导体，下列说法中错误的是（）A 超导体的电阻为零B 使用超导体制成的导线将降低远距离输电线中的电能损耗C 超导体适合制作滑动变阻器中的电阻丝D 超导体适合制作电动机的线圈【解析】A、当温度降低到一定程度时，某些物质的电阻会变为零，这种物质叫做超导体正确，不合题意B、用超导体做输电导线

12、，可以减小由电能到内能的损耗，提高传输效率正确，不符合题意C、电阻丝工作时，必须要有电阻，用超导体做电阻丝，将使电路中电流变大，损坏电路错误，符合题意D、利用超导体材料制作电动机线圈，可减少电能损失，提高电能利用率；正确，不合题意故选C16在图6（a）所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图6（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（ ）A4.8V、1.2V B6V、1.2V C1.2V、6V D1.2V、4.8V【解析】由题中的图可知：V1测的是电源电压；V2测的是R2两端的电压即V1的示数应大于V2的示数；而两个电压表的指针偏转角度相同，所以V1选的量程应是015V，其分度值

13、是0.5V，读数（即电源电压）为6V；V2选的量程应是03V，其分度值是0.1V，读数（即R2两端的电压）为1.2V；所以，电阻R1两端的电压为：U1=U-U2=6V-1.2=4.8V；17如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电表示数的变化情况是 （ ）A电流表的示数增大，电压表的示数增大B电流表的示数减小，电压表的示数增大C电流表的示数不变，电压表的示数不变D电流表的示数减小，电压表的示数不变【解析】解：因电压表测的是电源的电压，所以无论滑动变阻器怎样滑动，电压表的示数不变；因滑动变阻器和定值电阻是并联的，定值电阻的两端电压等于电源电压，阻值不变，所以电流也不变；18把甲、乙两段电阻线两端加上相同的电压，甲线中的电流大于乙线中的电流，忽略温度的影响，下列判断中错误的是（ ）A当它们材料、粗细都相同时，甲线长乙线