第一章第4讲Word文档下载推荐.docx

1、，可得：g，测出单摆的摆长l、周期T，可以求出当地的重力加速度g.一、单摆及单摆的回复力1单摆（1）单摆是实际摆的理想化模型（2）实际摆看作单摆的条件摆线的形变量与摆线长度相比小得多摆线的质量与摆球质量相比小得多摆球的直径与摆线长度相比小得多2单摆的回复力（1）单摆的回复力是由重力沿圆弧切向的分力Fmgsin 提供的 （2）如图1所示，在最大偏角很小的条件下，sin ，其中x为摆球对平衡位置O点的位移图1单摆的回复力Fx，令k，则Fkx.由此可见，单摆在偏角很小的条件下的振动为简谐运动注意：（1）单摆经过平衡位置时，回复力为零，但合外力不为零（2）单摆的回复力为小球受到的沿切线方向的合力，而不

2、是小球受到的合外力例1对于单摆，以下说法中正确的是（）A单摆振动时，摆球受到的向心力大小处处相等B单摆运动的回复力就是摆球受到的合力C摆球经过平衡位置时所受回复力为零D摆球经过平衡位置时所受合外力为零解析单摆振动过程中受到重力和细线拉力的作用，把重力沿切向和径向分解，其切向分力提供回复力，细线拉力与重力的径向分力的合力提供向心力，向心力大小为，可见最大偏角处向心力为零，平衡位置处向心力最大，而回复力在最大偏角处最大，平衡位置处为零故应选C.答案C借题发挥单摆的回复力是重力在切线方向的分力，或者说是摆球所受合外力在切线方向的分力摆球所受的合外力在摆线方向的分力作为摆球做圆周运动的向心力，所以并不

3、是合外力完全用来提供回复力因此摆球经过平衡位置时，只是回复力为零，而不是合外力为零（此时合外力提供摆球做圆周运动的向心力）1伽利略发现了单摆运动的等时性，惠更斯得出了单摆的周期公式并发明了摆钟2单摆的周期公式：.3对周期公式的理解（1）单摆的周期公式在单摆偏角很小时成立（偏角为5时，由周期公式算出的周期和精确值相差0.01%）（2）公式中l是摆长，即悬点到摆球球心的距离ll线r球（3）公式中g是单摆所在地的重力加速度，由单摆所在的空间位置决定（4）周期T只与l和g有关，与摆球质量m及振幅无关所以单摆的周期也叫固有周期例2若单摆的摆长不变，摆球的质量由20 g增加为40 g，摆球离开平衡位置的最

4、大角度由4减为2，则单摆振动的（）A频率不变，振幅不变 B频率不变，振幅改变C频率改变，振幅不变 D频率改变，振幅改变解析单摆的摆长不变时，单摆振动的周期T2不变，频率f不变；摆长不变时，摆角越小，振幅越小，选项B正确答案B例3如图2所示是两个单摆的振动图象图2（1）甲、乙两个摆的摆长之比是多少？（2）以向右的方向作为摆球偏离平衡位置的位移的正方向，从t0时起，乙第一次到达右方最大位移处时，甲振动到了什么位置？向什么方向运动？解析（1）由题图可以看出，单摆甲的周期是单摆乙的周期的，即T甲T乙12，又由单摆的周期与摆长的关系可知，l甲l乙14.（2）由题图可以看出，当乙第一次到达右方最大位移处时

5、，t2 s，振动到周期，甲振动到周期，位移为0，位于平衡位置，此时甲向左运动答案（1）14（2）甲振动到周期，位于平衡位置，此时甲向左运动1实验原理单摆在偏角很小（不大于5）时的运动，可看成简谐运动，其固有周期T2，可得g.据此，通过实验测出摆长l和周期T，即可计算得到当地的重力加速度值2实验器材铁架台及铁夹、金属小球（上面有一个通过球心的小孔）、秒表、细线（长1 m左右）、刻度尺（最小刻度为1 mm）、游标卡尺3实验步骤（1）让细线穿过球上的小孔，在细线的一端打一个比孔稍大一些的线结，制成一个单摆（2）把单摆上端固定在铁夹上，使摆球自由下垂（3）用刻度尺测量单摆的摆长（摆线静止时从悬点到球心

6、间的距离）（4）把此单摆从平衡位置拉开一个角度，并使这个角小于等于5，再释放小球当摆球摆动稳定以后，过最低点位置时，用秒表开始计时，测量单摆全振动30次（或50次）的时间，求出一次全振动的时间，即单摆的振动周期（5）改变摆长，反复测量几次，将数据填入表格4数据处理（1）公式法：每改变一次摆长，将相应的l和T代入公式g中，求出g值，最后求出g的平均值 （2）图象法：由T2得T2l作出T2l图象，即以T2为纵轴，以l为横轴，如图3所示其斜率k，由图象的斜率即可求出重力加速度g.图3（1）选择器材时应选择细而不易伸长的线，长度一般为1 m左右小球应选用质量大、体积小的金属球（2）摆动时控制摆线偏离竖

7、直方向的角度应不大于5（3）摆球摆动时，要使之保持在同一个竖直平面内，不要形成圆锥摆（4）计算单摆的振动次数时，应以摆球通过最低点位置时开始计时，以摆球从同一方向通过最低点时计数，要多测几次（如30次或50次）全振动的时间，并用取平均值的办法求周期例4将一单摆装置竖直悬挂于某一深度为h（未知）且开口向下的小筒中（单摆的下部分露于筒外），如图4甲所示，将悬线拉离平衡位置一个小角度后由静止释放，设单摆摆动过程中悬线不会碰到筒壁，如果本实验的长度测量工具只能测量出筒的下端口到摆球球心的距离L，并通过改变L而测出对应的摆动周期T，再以T2为纵轴、L为横轴作出函数关系图象，那么就可以通过此图象得出小筒的

8、深度h和当地的重力加速度g.图4（1）测量单摆的周期时，某同学在摆球某次通过最低点时，按下秒表开始计时，同时数“1”，当摆球第二次通过最低点时数“2”，依此法往下数，当他数到“59”时，停止计时，读出这段时间t，则该单摆的周期为（）A. B. C. D. （2）如果实验中所得到的T2L关系图象如图乙所示，那么真正的图象应该是a、b、c中的_（3）由图象可知，小筒的深度h_ m；当地重力加速度g_ m/s2.解析（1）58个“半周期”，这段时间t含有29个周期，该单摆的周期为，选项A正确（2）设摆线在筒内部分的长度为h，由T2得，T2Lh，可知T2L关系图象为a.（3）将T20，L30 cm代入

9、上式可得h30 cm0.3 m将T21.20 s2，L0代入上式可求得g29.86 m/s2.答案（1）A（2）a（3）0.39.86单摆及其回复力1单摆振动的回复力是（）A摆球所受的重力B摆球重力在垂直悬线方向上的分力C悬线对摆球的拉力D摆球所受重力和悬线对摆球拉力的合力解析摆球振动的回复力是其重力沿轨迹切向方向的分力，即摆球重力在垂直悬线方向上的分力，B正确单摆的周期公式2单摆原来的周期为T，下列哪种情况会使单摆的周期发生变化（）A摆长减为原来的四分之一B摆球的质量减为原来的四分之一C振幅减为原来的四分之一D重力加速度减为原来的四分之一解析由单摆周期公式可知周期仅与摆长、重力加速度有关答案

10、AD3图5为甲、乙两单摆的振动图象，则（）图5A若甲、乙两单摆在同一地点摆动，则甲、乙两单摆的摆长之比l甲l乙21B若甲、乙两单摆在同一地点摆动，则甲、乙两单摆的摆长之比l甲l乙41C若甲、乙两摆摆长相同，且在不同的星球上摆动，则甲、乙两摆所在星球的重力加速度之比g甲g乙41D若甲、乙两摆摆长相同，且在不同的星球上摆动，则甲、乙两摆所在星球的重力加速度之比g甲g乙14解析由题图可知T甲T乙21，根据公式T2，若两单摆在同一地点，则两摆长之比为l甲l乙41；若两摆长相等，则所在星球的重力加速度之比为g甲g乙14.答案BD用单摆测定重力加速度4在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，用摆长l和周期T

11、计算重力加速度的公式是g_.若已知摆球直径为2.00 cm，让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图6甲所示，则单摆摆长是_ m若测定了40次全振动的时间如图乙中秒表所示，则秒表读数是_ s，单摆摆动周期是_图6为了提高测量精度，需多次改变l值，并测得相应的T值现将测得的六组数据标示在以l为横坐标、以T2为纵坐标的坐标系上，如图7所示，则：图7单摆做简谐运动应满足的条件是_试根据图中给出的数据点作出T2和l的关系图线，根据图线可求出g_m/s2.（结果保留两位有效数字）解析由T2，可知g由题图可知：摆长l（88.501.00）cm87.50 cm0.875 0 m.秒表的读数t60 s

12、15.2 s75.2 s，所以T1.88 s.单摆做简谐运动的条件是摆角5把在一条直线上的点连在一起，误差较大的点平均分布在直线的两侧，则直线斜率k.由g，可得g9.9 m/s2.答案见解析（时间：60分钟）题组一单摆及其回复力1单摆是为研究振动而抽象出的理想化模型，其理想化条件是（）A摆线质量不计B摆线长度不可伸缩C摆球的直径比摆线长度短得多D只要是单摆的运动就是一种简谐运动解析单摆由摆线和摆球组成，摆线只计长度不计质量，摆球只计质量不计大小，且摆线不可伸缩只有在摆角很小（5）的情况下才能视单摆运动为简谐运动故正确答案为A、B、C.答案ABC2关于单摆，下列说法中正确的是（）A摆球运动的回复力是它受到的合力B摆球在运动过程中经过轨迹上的同一点，加速度是不变的C摆球在运动过程中加速度的方向始终指向平衡位置D摆球经过平衡位置时，加速度为零解析摆球的回复力为重力沿轨迹切线方向的分力，A错；摆球经过最低点时，回复力为0，但合力提供向心力，C、D错；由简谐运动特点知B正确3关于