届高考物理一轮复习热点题型专题34带电粒子在叠加场中的运动问题学案文档格式.docx

1、现给圆环一个水平向右的初速度v0，在以后的运动中下列说法正确的是（ ） A圆环可能做匀减速运动 B圆环不可能做匀速直线运动C圆环克服摩擦力所做的功一定为D圆环克服摩擦力所做的功可能为【答案】 D【解析】：当qv0Bmg时，圆环做减速运动到静止，速度在减小，洛伦兹力减小，杆的支持力和摩擦力都发生变化，所以不可能做匀减速运动，故A错误当qv0B=mg时，圆环不受支持力和摩擦力，做匀速直线运动，故B错误。当qv0Bmg时，圆环做减速运动到静止，只有摩擦力做功根据动能定理得-W=0-，W=代入解得W=，故C错误，D正确。故选D【典例2】如图所示，与水平面成37的倾斜轨道AC，其延长线在D点与半圆轨道D

2、F相切，全部轨道为绝缘材料制成且位于竖直面内，整个空间存在水平向左的匀强电场，MN的右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场（C点处于MN边界上）一质量为0.4 kg的带电小球沿轨道AC下滑，至C点时速度为vCm/s，接着沿直线CD运动到D处进入半圆轨道，进入时无动能损失，且恰好能通过F点，在F点速度为vF4 m/s（不计空气阻力，g10 m/s2，cos 370.8）求： （1）小球带何种电荷？（2）小球在半圆轨道部分克服摩擦力所做的功；（3）小球从F点飞出时磁场同时消失，小球离开F点后的运动轨迹与直线AC（或延长线）的交点为G点（未标出），求G点到D点的距离【答案】 （1）正电荷 （2）27.6 J

3、 （3）2.26 m【解析】 （1）依题意可知小球在CD间做匀速直线运动，在CD段受重力、电场力、洛伦兹力且合力为零，若小球带负电，小球受到的合力不为零，因此带电小球应带正电荷（2）小球在D点速度为vDvCm/s设重力与电场力的合力为F1，如图所示，则F1F洛qvCB又F15 N解得qBCT在F处由牛顿第二定律可得qvFBF1F把qBCT代入得R1 m小球在DF段克服摩擦力做功Wf，由动能定理可得Wf2F1Rmvmv解得Wf27.6 J（3）小球离开F点后做类平抛运动，其加速度为a由2R解得ts交点G与D点的距离GDvFtm2.26 m【跟踪训练】1.（多选）如图所示，两个倾角分别为30和60

4、的光滑斜面固定于水平地面上，并处于方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场中。两个质量均为m、带电荷量为q的小滑块甲和乙分别从两个斜面顶端由静止释放，运动一段时间后，两小滑块都将飞离斜面，在此过程中（ ）A.甲滑块飞离斜面瞬间的速度比乙滑块飞离斜面瞬间的速度大B.甲滑块在斜面上运动的时间比乙滑块在斜面上运动的时间短C.甲滑块在斜面上运动的位移与乙滑块在斜面上运动的位移大小相同D.两滑块在斜面上运动的过程中，重力的平均功率相等【答案】 AD 2. 如图所示的竖直平面内有范围足够大、水平向左的匀强电场，在虚线的左侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度大小为B，一绝缘轨道由两段直杆和一半径为R的半圆

5、环组成，固定在纸面所在的竖直平面内，PQ、MN水平且足够长，半圆环MAP在磁场边界左侧，P、M点在磁场边界线上，NMAP段光滑，PQ段粗糙现在有一质量为m、带电荷量为+q的小环套在MN杆上，它所受电场力为重力的0.5倍。现将小环从M点右侧的D点由静止释放，小环刚好能到达P点（1）求DM间距离x0；（2）求上述过程中小环第一次通过与O等高的A点时半圆环对小环作用力的大小；【答案】 （1）8R/3 （2）（1）小环刚好到达P点时速度vP=0，由动能定理得qEx0-2mgR=0 而 qE3mg/4所以x08R/3（2）设小环在A点时的速度为vA，由动能定理得qE（x0+R）mgR因此vA题型2 带电

6、体在叠加场中无约束情况下的运动情况（1）洛伦兹力、重力并存若重力和洛伦兹力平衡，则带电体做匀速直线运动若重力和洛伦兹力不平衡，则带电体将做复杂的曲线运动，因洛伦兹力不做功，故机械能守恒，由此可求解问题（2）静电力、洛伦兹力并存（不计重力的微观粒子）若静电力和洛伦兹力平衡，则带电体做匀速直线运动若静电力和洛伦兹力不平衡，则带电体将做复杂的曲线运动，因洛伦兹力不做功，可用动能定理求解问题（3）静电力、洛伦兹力、重力并存若三力平衡，一定做匀速直线运动若重力与静电力平衡，一定做匀速圆周运动若合力不为零且与速度方向不垂直，将做复杂的曲线运动，因洛伦兹力不做功，可用能量守恒定律或动能定理求解问题【典例3】

7、如图所示，匀强电场方向水平向右，匀强磁场方向垂直纸面向里，将带正电的小球在场中静止释放，最后落到地面上关于该过程，下述说法正确的是（ ）A小球做匀变速曲线运动B小球减少的电势能等于增加的动能C电场力和重力做的功等于小球增加的动能D若保持其他条件不变，只减小磁感应强度，小球着地时动能不变【答案】 C【解析】 重力和电场力是恒力，但洛伦兹力是变力，因此合外力是变化的，由牛顿第二定律知其加速度也是变化的，选项A错误；由动能定理和功能关系知，选项B错误，选项C正确；磁感应强度减小时，小球落地时的水平位移会发生变化，则电场力所做的功也会随之发生变化，选项D错误【典例4】如图，在竖直平面内建立直角坐标系x

8、Oy，其第一象限存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度的方向水平向右，磁感应强度的方向垂直纸面向里一带电荷量为q、质量为m的微粒从原点出发沿与x轴正方向的夹角为45的初速度进入复合场中，正好做直线运动，当微粒运动到A（l，l）时，电场方向突然变为竖直向上（不计电场变化的时间），粒子继续运动一段时间后，正好垂直于y轴穿出复合场不计一切阻力，求：（1）电场强度E的大小；（2）磁感应强度B的大小；（3）粒子在复合场中的运动时间【答案】 （1） （2） （3）（1） 【解析】 （1）微粒到达A（l，l）之前做匀速直线运动，对微粒受力分析如图甲：所以，Eqmg，得：E（2）由平衡条件：qvBmg电场方

9、向变化后，微粒所受重力与电场力平衡，微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨迹如图乙：qvBm由几何知识可得：rlv联立解得：B（3）微粒做匀速运动时间：t1做圆周运动时间：t2在复合场中运动时间：tt1t2（1） （2016天津高考）如图所示，空间中存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小E5 N/C，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场方向垂直，磁感应强度大小B0.5 T。有一带正电的小球，质量m1106 kg，电荷量q2106 C，正以速度v在图示的竖直面内做匀速直线运动，当经过P点时撤掉磁场（不考虑磁场消失引起的电磁感应现象），取g10 m/s2。求：（1）小球做匀速直线运动的速度v

10、的大小和方向；（2）从撤掉磁场到小球再次穿过P点所在的这条电场线经历的时间t。【答案】（1）20 m/s，方向与电场方向成60角斜向上 （2）3.5 s【解析】（1）小球匀速直线运动时受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，有qvB代入数据解得v20 m/s速度v的方向与电场E的方向之间的夹角满足tan 代入数据解得tan 60。联立以上各式，代入数据解得t2 s3.5 s。解法二：撤去磁场后，由于电场力垂直于竖直方向，它对竖直方向的分运动没有影响，以P点为坐标原点，竖直向上为正方向，小球在竖直方向上做匀减速运动，其初速度为vyvsin 若使小球再次穿过P点所在的电场线，仅需小球的竖直

11、方向上分位移为零，则有vytgt20联立以上两式，代入数据解得t2 s3.5 s。高考+模拟综合提升训练1.（2018全国卷II T25）一足够长的条状区域内存在匀强电场和匀强磁场,其在xOy平面内的截面如图所示:中间是磁场区域,其边界与y轴垂直,宽度为l,磁感应强度的大小为B,方向垂直于xOy平面;磁场的上、下两侧为电场区域,宽度均为l,电场强度的大小均为E,方向均沿x轴正方向;M、N为条状区域边界上的两点,它们的连线与y轴平行。一带正电的粒子以某一速度从M点沿y轴正方向射入电场,经过一段时间后恰好以从M点入射的速度从N点沿y轴正方向射出。不计重力。 （1）定性画出该粒子在电磁场中运动的轨迹

12、。（2）求该粒子从M点射入时速度的大小。（3）若该粒子进入磁场时的速度方向恰好与x轴正方向的夹角为,求该粒子的比荷及其从M点运动到N点的时间。（1）图见解析 （2） （3） （1）粒子运动的轨迹如图甲所示。（粒子在电场中的轨迹为抛物线,在磁场中为圆弧,上下对称）（2）粒子从电场下边界入射后在电场中做类平抛运动。设粒子从M点射入时速度的大小为v0,在下侧电场中运动的时间为t,加速度的大小为a;粒子进入磁场的速度大小为v,方向与电场方向的夹角为（见图乙）,速度沿电场方向的分量为v1。根据牛顿第二定律有qE=ma 式中q和m分别为粒子的电荷量和质量。由运动学公式有v1=at l=v0t v1=vcos 粒子在磁场中做匀速圆周运动,设其运动轨道半径为R,由洛伦兹力公式和牛顿第二定律得qvB=m 由几何关系得l=2Rcos 联立式得v0= 式中T是粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期由式得2（2017全国，16）如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里，三个带正电的微粒a，b，c电荷量相等，质量分别为ma，mb，mc，已