全国通用届高考物理二轮复习专题2力与物体的直线运动学案Word文档格式.docx

1、t120 s，v116 m/s而汽车在t219 s的时间内发生的位移为：x2a2t90.25 m速度为：v2a2t29.5 m/s假设再经时间t3，泥石流能够追上汽车，则有：v1t3x2v2t3a2tt26t33610因0，方程无解，所以泥石流无法追上汽车，司机能安全脱离.答案司机能安全脱离变式训练1.“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器.假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0（t0t）时刻距离海平面的深度为（）A. B.

2、vt0（1）C. D. 答案D解析根据题意得：“蛟龙号”上浮时的加速度大小a，根据逆向思维，可知“蛟龙号”在t0时刻距离海平面的深度ha（tt0）2，故A、B、C错误，D正确.2.如图2所示，甲从A地由静止匀加速跑向B地，当甲前进距离为s1时，乙从距A地s2处的C点由静止出发，加速度与甲相同，最后二人同时到达B地，则A、B两地距离为（）图2A.s1s2 B. 答案B解析设甲前进距离为s1时，速度为v，甲、乙匀加速直线运动的加速度为a，则有：vtat2at2s2s1，根据速度位移公式得，v，解得t.则AB的距离ss2at2s2as2，故选B.考题二运动学图象问题1.xt图象、vt图象和at图象的

3、对比分析项目图象斜率纵截距图象与t轴所围的面积特例匀速直线运动匀变速xt图象速度初位置倾斜的直线抛物线vt图象加速度初速度位移与时间轴平行的直线at图象速度变化量重合平行于时间轴的直线2.图象问题要“四看”“一注意”（1）看坐标轴：看清坐标轴所表示的物理量，明确因变量（纵轴表示的量）与自变量（横轴表示的量）之间的制约关系.（2）看图象：识别两个相关量的变化趋势，从而分析具体的物理过程.（3）看纵坐标、“斜率”和“面积”：vt图象中根据坐标值、“斜率”和“面积”可分析速度、加速度和位移的大小、方向特点.xt图象中根据坐标值、“斜率”可分析位移、速度的大小、方向特点.（4）看交点：明确图线与图线的

4、交点、图线与坐标轴的交点的物理意义.（5）一注意：利用vt图象分析两个物体的运动时，要注意两个物体的出发点，即注意它们是从同一位置出发，还是从不同位置出发.若从不同位置出发，要注意出发时两者的距离.例2甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的vt图象为两段直线，乙物体运动的vt图象为两段半径相同的圆弧曲线，如图3所示，图中t42t2，则在0t4时间内，以下说法正确的是（）图3A.甲物体的加速度不变B.乙物体做曲线运动C.两物体t1时刻相距最远，t4时刻相遇D.甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度解析0t2时间段内，甲做匀加速直线运动，t2t4时间内甲物体做匀减速直线运动，故A

5、错；速度是矢量，在速度时间图象中，只能表示直线运动，B错；在整个运动过程中，t3时刻两物体相距最远，C错；在速度时间图象中，图线下面所包围的面积即为位移，可求知0t4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D对.3.如图4所示，xt图象反映了甲、乙两车在同一条直线上行驶的位移随时间变化的关系，已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于10 s处，下列说法正确的是（）图4A.5 s时两车速度相等B.甲车的速度为4 m/sC.乙车的加速度大小为1.6 m/s2D.乙车的初位置在x080 m处答案BCD解析位移时间图象的斜率等于速度，斜率大小越大，速度大小越大，则知5 s时乙车速度较大，故A错误.甲车

6、做匀速直线运动，速度为v甲m/s4 m/s，故B正确.乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于10 s处，则t10 s时，速度为零，将其运动反过来看成初速度为0的匀加速直线运动，则xat2，根据图象有：x0a102,20a（105）2，解得：a1.6 m/s2，x080 m，故C、D正确.4.静止在光滑水平面上的物体，同时受到在同一直线上的力F1、F2作用，F1、F2随时间变化的图象如图5所示，则物体在02t时间内（）图5A.离出发点越来越远 B.速度先变大后变小C.速度先变小后变大 D.加速度先变大后变小答案A解析由图线可知，物体受到的合力先减小后增大，加速度先减小后增大，速度一直变大，物体

7、离出发点越来越远，选项A正确.考题三牛顿运动定律的应用1.动力学的两类基本问题（1）由因推果已知物体的受力情况，确定物体的运动情况.（2）由果溯因已知物体的运动情况，确定物体的受力情况.桥梁：牛顿第二定律Fma2.超重和失重现象的判断技巧（1）从受力的角度判断：当物体所受向上的拉力（或支持力）大于重力时，物体处于超重状态，小于重力时处于失重状态，等于零时处于完全失重状态.（2）从加速度的角度判断：当物体具有向上的加速度时处于超重状态，具有向下的加速度时处于失重状态，向下的加速度为重力加速度时处于完全失重状态.（3）从速度变化的角度判断：物体向上加速或向下减速时，超重；物体向下加速或向上减速时，

8、失重.3.瞬时性问题的处理（1）牛顿第二定律是力的瞬时作用规律，加速度和力同时产生、同时变化、同时消失，分析物体在某一时刻的瞬时加速度，关键是分析该瞬时前后的受力情况及其变化.（2）明确两种基本模型的特点：轻绳的形变可瞬时产生或恢复，故绳的弹力可以瞬时突变.轻弹簧（或橡皮绳）两端均连有物体时，形变恢复需较长时间，其弹力的大小与方向均不能突变.4.整体法和隔离法的优点及使用条件（1）整体法：优点：研究对象减少，忽略物体之间的相互作用力，方程数减少，求解简捷.条件：连接体中各物体具有共同的加速度（2）隔离法：易看清各个物体具体的受力情况.当系统内各物体的加速度不同时，一般采用隔离法；求连接体内各物

9、体间的相互作用力时必须用隔离法.例3（2016四川理综10）避险车道是避免恶性交通事故的重要设施，由制动坡床和防撞设施等组成，如图6竖直平面内，制动坡床视为与水平面夹角为的斜面.一辆长12 m的载有货物的货车因刹车失灵从干道驶入制动坡床，当车速为23 m/s时，车尾位于制动坡床的底端，货物开始在车厢内向车头滑动，当货物在车厢内滑动了4 m时，车头距制动坡床顶端38 m，再过一段时间，货车停止.已知货车质量是货物质量的4倍，货物与车厢间的动摩擦因数为0.4；货车在制动坡床上运动受到的坡床阻力大小为货车和货物总重的0.44倍.货物与货车可分别视为小滑块和平板，取cos 1，sin 0.1，g10

10、m/s2.求：图6（1）货物在车厢内滑动时加速度的大小和方向；（2）制动坡床的长度.解析（1）设货物的质量为m，货物在车厢内滑动过程中，货物与车厢的动摩擦因数0.4，受摩擦力大小为f，加速度大小为a1，则fmgsin ma1 fmgcos 联立并代入数据得a15 m/s2 a1的方向沿制动坡床向下.（2）设货车的质量为M，车尾位于制动坡床底端时的车速为v23 m/s.货物在车厢内开始滑动到车头距制动坡床顶端s038 m的过程中，用时为t，货物相对制动坡床的运动距离为s1，在车厢内滑动的距离s4 m，货车的加速度大小为a2，货车相对制动坡床的运动距离为s2.货车受到制动坡床的阻力大小为F，F是货

11、车和货物总重的k倍，k0.44，货车长度l012 m，制动坡床的长度为l，则Mgsin FfMa2 Fk（mM）g s1vta1t2 s2vta2t2 ss1s2 ll0s0s2 联立并代入数据得l98 m答案（1）5 m/s2方向沿制动坡床向下（2）98 m5.为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图7所示，当此车加速上坡时，盘腿坐在座椅上的一位乘客（）图7A.处于失重状态B.不受摩擦力的作用C.受到向前（水平向右）的摩擦力作用D.所受力的合力竖直向上答案C解析车加速上坡，车里的乘客与车相对静止，应该和车具有相同

12、的加速度，方向沿斜坡向上，对乘客受力分析可知，乘客应受到竖直向下的重力，垂直水平面竖直向上的弹力和水平向右的摩擦力，三力合力沿斜面向上，B、D错误，C正确；弹力大于重力，乘客处于超重状态，A错误.6.如图8所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用绳子固定在倾角为30的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在绳子被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（）图8A.都等于 B.和0C.和0 D.0和解析对A：在剪断绳子之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力.在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生改变，故弹力不变仍等于A的重力沿斜面的分力.故A球的加速度为零；对B：在剪断绳子之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持力及绳子的拉力，在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，对B球进行受力分析，则B受到重力、弹簧斜向下的拉力、支持力.所以根据牛顿第二定律得：aB，故选D.7.如图9所示用力F拉a、b、c三个物体在光滑水平面上运动，现在中间的物体b上加一块橡皮泥，它和中间的物体一起运动，且原拉力F不变，那么加上橡皮泥以后，两段绳的拉力FTa和FTb的变化情况是（）图9A.FTa增大 B.FTb增大C.FTa减小 D.FTb减小答案AD解析设c物体质量为m，a物体质量为m，整