版高考物理一轮复习精选题辑课练9牛顿运动定律的应用Word文档下载推荐.docx

1、由于开始a的加速度大于b的加速度，下落时弹簧长度开始变短，弹簧恢复原长时，a的速度大于b的速度，弹簧开始处于压缩状态，C错误；下落过程中a、b和弹簧组成的系统动能、重力势能、弹性势能相互转化，系统机械能守恒，D正确2（2018河南南阳一中月考）（多选）如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对A施加一水平拉力F，则（）A当F3mg时，A相对B滑动D无论F为何值，B的加速度不会超过gBCDA、B之间的最大静摩擦力为fmaxmAg2mg，B与地面间的最大静摩擦力为fmax（mAm

2、B）gmg，A、B发生相对滑动时的加速度为ag，此时对整体有Ffmax（m2m）a，所以当F3mg3ma3mg时，A、B将发生相对滑动；当mgF2mg时，A、B之间不会发生相对滑动，B与地面间会发生相对滑动，A错误；当Fmg3mg时，A、B间发生相对滑动，C正确；A对B的最大摩擦力为2mg，无论F为何值，B的加速度最大值为ag，D正确3（2018安徽蚌埠期末）爱因斯坦曾经设计了一个真空中的理想实验，在这个实验中，当电梯（内部为真空）相对于地球静止时，封闭在电梯里的观察者发现，从手中释放的苹果和羽毛落到电梯底板上，当电梯做自由落体运动时，观察者发现从手中释放的苹果和羽毛会停在空中而不下落以下对这

3、一实验的说法中正确的是（）A电梯相对地球静止时，释放后的苹果比羽毛先落到电梯底板B电梯做自由落体运动时，释放后的苹果和羽毛受到的合力为零C以自由下落的电梯为参考系，牛顿运动定律也是成立的D在自由下落的电梯里，观察者不能仅从苹果和羽毛的运动现象判断引力是否存在D电梯静止时，由于不受空气阻力，苹果和羽毛均做自由落体运动，故二者同时落到电梯底板上，故A错误；电梯做自由落体运动时，释放后的苹果和羽毛所受的合力等于它们的重力，故B错误；牛顿运动定律适用于惯性参考系，即选择静止或匀速直线运动的物体为参考系，以自由下落的电梯为参考系，牛顿运动定律是不成立的，故C错误；由于电梯、苹果和羽毛三者同时自由下落时相

4、对静止，此时它们仍受到引力作用，因此不能仅从苹果和羽毛的运动现象判断引力是否存在，故D正确4（2018湖北黄石中学模考）（多选）如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两个滑块放在斜面上，中间用一个轻杆相连，A、B与斜面间的动摩擦因数分别为1、2，它们在斜面上加速下滑关于杆的受力情况，下列分析正确的是（）A若12，m1m2，则杆受到压力B若12，m1m2，则杆受到拉力C若12，m12，则a1a2，B的加速度较大，则杆受到压力，故A正确；若12，则a1a2，两滑块加速度相同，说明无相对运动趋势，杆不受到作用力，故B错误，D正确；若1a2，A的加速度较大，则杆受到拉力，故C错误5（2018甘肃一诊）

5、（多选）如图所示，在水平面上，有两个质量分别为m1和m2的物体A、B，它们与水平面之间的动摩擦因数均为，m1m2，A、B间水平连接有一轻质弹簧测力计若用大小为F的水平力向右拉B，稳定后B的加速度大小为a1，弹簧测力计示数为F1；如果改用大小为F的水平力向左拉A，稳定后A的加速度大小为a2，弹簧测力计示数为F2.下列关系式正确的是（）Aa1a2，F1F2 Ba1a2，F1a2，F1A以由A、B及弹簧组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得两次运动过程中整体的加速度a，可得a1a2a.当用F拉B时，以A为研究对象有F1m1gm1a1，可得F1m1gm1a1；同理，当用F拉A时，以B为研究对象，有F2

6、m2gm2a2，可得F2，由于m1m2，则F1F2，A正确6（多选）如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一小铁球，当小车向右做加速运动时，细线保持与竖直方向成角，若m.用一力F水平向右拉小球，使小球和小车一起以加速度a向右运动，细线与竖直方向成角，细线的拉力大小为F1，如图甲若用一力F水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a向左运动时，细线与竖直方向也成角，细线的拉力大小为F1，如图乙，则 （）Aaa，F1F1 Baa，F1F1Caa，F1a，F1F1先对题图甲中的整体受力分析，受重力、支持力和拉力F，根据牛顿第二

7、定律有F（Mm）a.再对题图甲的小球受力分析，如图（a）根据牛顿第二定律有FF1sinma，F1cosmg0.由以上三式可解得F1，a.再对题图乙中小球受力分析如图（b），由几何关系得F合mgtan，F1，再由牛顿第二定律得到agtan，由于Mm，故aa，F1F1，故选D.8如图所示，是某同学站在压力传感器上，做下蹲起立的动作时记录的力随时间变化的图线由图线可知，该同学的体重约为650 N，除此以外，还可得到的信息是（）A该同学做了两次下蹲起立的动作B该同学做了一次下蹲起立的动作，且下蹲后约2 s起立C下蹲过程中人一直处于失重状态D下蹲过程中人先处于超重状态后处于失重状态B人下蹲动作分别有失重

8、和超重两个过程，先是加速下降处于失重状态，达到一个最大速度后再减速下降处于超重状态，同理起立对应先超重再失重，对应图象可知，该同学做了一次下蹲起立的动作，A错误；由图象看出两次超重的时间间隔就是人蹲在地上持续的时间，约2 s，B正确；下蹲过程既有失重又有超重，且先失重后超重，C、D均错误9（2018江西宜春中学等五校联考）（多选）如图所示，一质量为M的楔形木块放在水平桌面上，它的顶角为90，两底角为和且fm，因为m2随m1一起做加速运动需要的摩擦力大于二者之间的最大静摩擦力，所以假设不正确，根据上述分析可知，m2相对于m1下滑，故B正确11（2018辽宁鞍山一中一模）如图所示，水平面上有一固定

9、着轻质定滑轮O的木块A，它的上表面与水平面平行，它的右侧是一个倾角37的斜面放置在A上的物体B和物体C通过一轻质细绳相连，细绳的一部分与水平面平行，另一部分与斜面平行现对A施加一水平向右的恒力F，使A、B、C恰好保持相对静止已知A、B、C的质量均为m，重力加速度为g，不计一切摩擦，求恒力F的大小（sin370.6，cos370.8）mg设绳的张力为T，系统加速度为a，以物体B为研究对象，水平方向物体B只受绳的拉力，由牛顿第二定律得Tma；对物体C受力分析如图所示，受绳的张力T、斜面的支持力FN和重力mg，加速度也为a.对力进行正交分解：水平方向有FNsinTcosma；竖直方向有FNcosTsinmg，联立解得a，以A、B、C整体为研究对象有F3ma，解得Fmg.12（2018安徽蚌埠二中模拟）如图所示，地面依次摆放两个完全相同的木板A、B，长度均为l2.5 m，质量均为m2150 g现有一小滑块以速度v06 m/s冲上木板A的左端，已知小滑块质量m1200 g，滑块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数20.2.（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，g取10 m/s2）（1）若滑块滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B