届浙江省宁波市新高考选考适应性考试物理试题解析版Word文件下载.docx

1、【解析】A项：位移、速度都是有方向又有大小的矢量，磁通量是标量，但有正、负之分，故A错误；B项：速度、加速度都是有方向又有大小的矢量，功是标量，却为正、负之分，正、负表示力做正、负还是负功，故B错误；C项：加速度、速度变化量、电场强度都是有方向又有大小的矢量，故C正确；D项：磁感应强度、速度都是有方向又有大小的矢量，但时间只有大小，没有方向，故D错误。3. 下图中四幅图片涉及物理学史上的四个重大发现，下列说法正确的是A. 亚里士多德根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因B. 牛顿通过引力扭秤实验，测定出了万有引力常量C. 安培通过实验研究，发现了电流的效应D. 库仑通过静电力扭秤实验

2、研究，发现了库仑定律【答案】D伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故A错误；文迪许扭秤试验，卡文迪许通过该实验测出了万有引力常量，故B错误；奥斯特最早通过实验发现了电流的磁效应，故C错误；库仑通过静电力扭秤实验研究，发现了库仑定律，故D正确。点晴：该题考查了有关物理学史的知识，要了解物理学中的几个重要试验以及对于的伟大发现，注意平时多看书积累。4. 如图所示，一个“Y”形弹弓顶部跨度为L，两根相同的橡皮条自由长度均为L，在两橡皮条的末端有一块软羊皮（长度不计）做成裹片。若橡皮条的形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为3L（弹性限度内），则发

3、射过程中裹片对弹丸的最大作用力为A. 2kL B. kL C. D. 【解析】根据胡克定律知，每根橡皮条的弹力F=k（3L-L）=kL设此时两根橡皮条的夹角为，根据几何关系知，根据平行四边形定则知，弹丸被发射过程中所受的最大弹力，故C正确。当橡皮条的长度最大时，橡皮条的弹力最大，两个弹力的夹角最小，则两弹力的合力最大，根据平行四边形定则求出最大弹力。5. 直线运动质点的vs图象如图所示，图线为顶点在坐标原点、开口向右的一条抛物线，则下列判断不正确的是A. 质点做初速度为零的匀加速直线运动B. 质点在3s末的速度大小为5m/sC. 质点的加速度大小为4m/s2D. 质点在03s内的平均速度大小为

4、6m/s【答案】B根据匀变速直线运动的速度位移公式，由于图线为顶点在坐标原点、开口向右的一条抛物线，结合数学知识可得，故A正确；B、C项：根据公式，将图象中的（8，8）代入方程可得，解得，由公式，故B错误，C正确；由公式，故D正确。6. 撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落。撑杆跳高的过程中包含很多物理知识，下列说法正确的是A. 持杆助跑过程，重力的反作用力是地面对运动员的支持力B. 撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大于人对撑杆的作用力C. 撑杆起跳上升阶段先处于超重状态后处于失重状态D. 最高点手已离开撑杆，运动员还能继续

5、越过横杆，是因为受到了一个向前的冲力根据牛顿第三定律可知，重力的反作用力是运动员对地球的作用力，故A错误；根据牛顿第三定律可知，弯曲的撑杆对人的作用力等于人对撑杆的作用力，故B错误；撑杆起跳上升阶段由于撑杆对人的作用力大于运动员的重力，运动员离开撑杆后只受重力作用，所以运动员先处于超重状态后处于失重状态，故C正确；最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为惯性，故D错误。解决本题关键理解牛顿第三定律，作用力与反作用力是甲对乙的作用和乙对甲的作用力，两力大小相等，方向相反。7. 如图两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球A和B，细线上端固定在同一点，若两个小球绕竖直轴做匀速圆周运动时恰好

6、在同一高度的水平面内，则下列说法中正确的是A. 线速度vA=vB B. 角速度ABC. 加速度aA=aB D. 周期TA=TB设连接A球的细线长为LA，细线与竖直方向的夹角为，对小球A受力分析且由牛顿第二定律可得：，解得，同理，设连接A球的细线长为LB，细线与竖直方向的夹角为，可得，由于，故，故A错误；同理可得，对A球：，解得，对B球：，解得，由于，所以，故B错误；对A球：，解得，由于，所以，故C错误；，对B球：，由B分析可知：，所以，故D正确。8. 如图所示，以m/s的水平初速度v抛出的物体，飞行一段时间后，撞在倾角为30的斜面上时，速度方向与斜面成60，这段飞行所用的时间为A. 1s B.

7、 2sC. 3s D. 6s【解析】物体做平抛运动，当垂直地撞在倾角为30的斜面上时，把物体的速度分解如图所示，由图可知，此时物体的竖直方向上的速度的大小为 根据可解得t=1s，故A正确。平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将速度进行分解，根据平行四边形定则求出撞在斜面上竖直方向上的分速度，从而根据速度时间公式求出运动的时间。9. 中国高铁运营里程占世界高铁运营总里程60%以上，位居全球第一。相关资料表明：我国最大时速350km/h的高铁运行时平均每小时耗电9600kWh。已知宁波-北京南的G58次高铁，从宁波出发到北京全程用时6小时59分，其中靠站停车11次，共计

8、停车41分钟。则这列高铁全程所消耗的电能最接近的值A. 2109J B. 21010JC. 21011J D. 21012J【解析】从宁波出发到北京运行时间为总时间减去停车时间即，耗的电能，故C正确。10. 如图所示，a是地球赤道上的一点，某时刻在a的正上方有三颗卫星b、c、d，它们的圆轨道与赤道平面共面，各卫星时刻起，经过一段时间t（这段时间小于b卫星绕地球运行的周期），卫星相对a的位置最接近实际的是A. B. C. D. 【解析】根据可知，轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，三个卫星中，b转过的角度最大，c次之，d最小，d为同步卫星，与赤道上的a保持相对静止故A、B、

9、D错误，C正确。根据万有引力等于向心力：知，轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，可以比较出三卫星转过的角度，而同步卫星又与地球保持相对静止。11. 如图所示，电荷量大小相等的两个点电荷Q1和Q2，两者连线及中垂线上分别有A点和B点，则下列说法正确的是A. 若两者是同种电荷，则A点的电势一定高于B点的电势B. 若两者是同种电荷，则A点的场强一定大于B点的场强C. 若两者是异种电荷，则A点的电势一定高于B点的电势D. 若两者是异种电荷，则A点的场强一定大于B点的场强【解析】设两个点电荷和连线的中点为O若两电荷是同种电荷，且都是正电荷，则A点的电势高于O点电势，O点电势高于B点

10、电势，则A点的电势高于B点的电势若两个点电荷都带负电，则A点的电势低于B点的电势，A错误若两者是同种电荷，B点处电场线分布情况不能确定，所以不能确定两点场强的大小，B错误若两者是异种电荷，且为正电荷，则A点的电势高于B点的电势若为负电荷，则A点的电势低于B点的电势，C错误若两者是异种电荷，A处电场线比B处电场线密，则A点的场强一定大于B点的场强，D正确选D【点睛】若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上，O点场强最小，在连线的中垂线上O点的场强最大12. 超导电磁船是一种不需要螺旋桨

11、推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，AB和CD是与电源相连的导体板，AB与CD之间部分区域浸没在海水中并有垂直纸面向内的匀强磁场（磁场由固定在船上的超导线圈产生，其独立电路部分未画出），以下说法正确的是A. 使船前进的力，是磁场对海水中电流的安培力B. 要使船前进，海水中的电流方向从CD板指向AB板C. 同时改变磁场的方向和电源正负极，推进力方向将与原方向相反D. 若接入电路的海水电阻为R，其两端的电压为U，则船在海水中前进时，AB与CD间海水中的电流强度小于【解析】A、B项：当CD接直流电源的负极时，海水中电流方向由ABA指向CD，是海水受到的安培力向左，根据牛顿第三定律可知，船体

12、受到向右的作用力，故使船体向前运动，故A、B错误；同时改变磁场的方向和电源正负极，磁场方向反向，电流方向反向，所以推进力方向将与原方向相同，故C错误；因船在海水中前进时，AB与CD间海水切割磁感线产生电流，使接入电路的海水两端电压小于U，所以电流强度小于，故D正确。利用左手定则判断出海水受到的安培力，根据牛顿第三定律即可判断出船体的受力，即可判断运动方向，注意与右手定则的区别。13. 如图甲所示，两段等长绝缘轻质细绳将质量分别为m、3m的带电小球A、B（均可视为点电荷）悬挂在O点，系统处于静止状态，然后在水平方向施加一匀强电场，当系统再次达到静止状态时，如图乙所示，小球B刚好位于O点正下方（细

13、绳始终处于伸长状态）。则两个点电荷带电量QA与QB的大小关系正确的是A. 7:3 B. 3:1 C. 3:7 D. 5:3【解析】在图乙中，对A、B整体受力分析由平衡条件可得：，对B受力分析由平衡作件可得：对A受力分析由平衡条件可得：由以上各式解得：，故A正确。二、选择题II（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题要求的，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14. 下列说法中正确的是A. 衰变所释放的电子是原子核内的质子转化成中子时产生的B. 低频扼流圈“通直流，阻交流”，高频扼流圈“通低频，阻高频”，一般高频扼流圈的自感系数比低频扼流圈要小C. 普朗克发现了天然放射现象，从而提出了量子化的思想D. 比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定【答案】BD衰变所释放的电子来自原子核，是原子核内的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，故A错误；低频扼流圈“通直流，阻交流”，高频扼流圈“通低频，阻高频”，一般高频扼流圈的自感系数比低频扼流圈要小，故B正确；贝克勒尔发现了天然放射现象，故C错误；比结合能越大,表示原子核中核子结合得越牢固,原子核越稳定，故D正确。15. 氢原子的部分能级如图所示，大量处于n=2激发态的氢原子从一束单一频率的光中吸收了能量后，跃迁到某较高激发态，再向低能级跃迁时，可以发出6种不同频率