湖北省重点高中联考协作体届高三春季期中考试数学理试题word版含答案Word下载.docx

1、【解析】变量与之间不是函数关系，变量与线性负相关，线性回归直线不一定经过上述各样本点，因为，所以，选D.4. 张丘建算经是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中有如下问题：“今有女不善织，日减功迟，初日织五尺，末日织一尺，今三十织迄，问织几何.”其意思为:有个女子不善于织布，每天比前一天少织同样多的布，第一天织五尺，最后一天织一尺，三十天织完，问三十天共织布（ ）A. 30尺 B. 150尺 C. 90尺 D. 180尺【答案】C【解析】已知等差数列选C.5. 已知实数满足，则目标函数的最大值等于（ ）A. -14 B. -5 C. 4 D. 6【解析】作可行域，如图，则直线过点A（1,0）时取

2、最大值4，选C.6. 已知直线，平面，且，下列命题：；其中正确的序号是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】，而，所以，对；，时位置关系不定；，而，所以，对；所以选B.7. 运行如图所示的程序框图，若输出是126，则应为（ ）【解析】执行循环得结束循环，所以，选D.8. 如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，则该几何体的体积为（ ）【解析】根据割补法将几何体补成半个球，所以体积为，选B.9. 若双曲线的中心为原点，是双曲线的焦点，过直线与双曲线交于两点，且的中点为，则双曲线的方程为（ ）【解析】由题意设该双曲线的标准方程为，则且，则，即，则，即，则，所以，即

3、该双曲线的方程为.故选B.点睛：本题考查双曲线的标准方程、直线和双曲线相交的中点弦问题；在处理直线和圆锥曲线的中点弦问题时，往往利用点差法进行处理，比联立方程过程简单，其主要步骤是（1）代点：且；（2）作差；（3）确定中点坐标和直线斜率的关系.10. 已知函数（）的图象与直线的某两个交点的横坐标分别为，若的最小值为，且将函数的图象向右平移个单位得到的函数为奇函数，则函数的一个递增区间为（ ）【解析】由题意得因此 ，即为函数的一个递增区间，选A.【点睛】函数的性质（1）.（2）周期（3）由 求对称轴（4）由求增区间; 由求减区间11. 已知点是抛物线的焦点，点为抛物线的对称轴与其准线的交点，过作

4、抛物线的切线，切点为，若点恰在以为焦点的双曲线上，则双曲线的离心离为（ ）【解析】 ，因为 以为焦点的双曲线可设为 ，所以，选B.解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于的方程或不等式，再根据的关系消掉得到的关系式，而建立关于的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.12. 已知函数是上的奇函数，当时，则函数在上的所有零点之和为（ ）A. 0 B. 4 C. 8 D. 16【解析】，由，当时，由奇函数性质得函数在上的所有零点之和为在 上零点值，即为8，选C.对于方程解的个数（或函数零点个数）问题，可利用函数的值域或最值，结合函数的单调性、草图确定

5、其中参数范围从图象的最高点、最低点，分析函数的最值、极值；从图象的对称性，分析函数的奇偶性；从图象的走向趋势，分析函数的单调性、周期性等二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13. 在中，则_【答案】【解析】由得，所以 14. 已知，的展开式中项的系数为1，则的值为_【解析】根据式子展开式中的系数为 解得 故答案为：.15. 已知各项都为正数的数列，对任意的，恒成立，且，则_【答案】21【解析】因为，所以，数列为等比数列，由，得 ， . 1在解决等比数列的有关问题时，要注意挖掘隐含条件，利用性质，特别是性质“若mnpq，则amanapaq”，可以减少运算量，提高解题速度2等比数

6、列的性质可以分为三类：一是通项公式的变形，二是等比中项的变形，三是前n项和公式的变形根据题目条件，认真分析，发现具体的变化特征即可找出解决问题的突破口16. 若以曲线上任意一点为切点作切线，曲线上总存在异于的点，以点为切点作线，且，则称曲线具有“可平行性”，下列曲线具有可平行性的编号为_（写出所有的满足条件的函数的编号） 【答案】【解析】因为 ；因为不存在异于的点；因为总存在异于的点满足条件；因为，不存在异于的点；所以选三、解答题 （本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 17. 在中，设内角的对边分别为，且.（1）求角；（2）若且，求的面积.（1）；（2）【解析

7、】试题分析：（1）利用两角差的正弦函数，余弦函数公式化简已知可得，结合范围0C，即可解得C的值（2）由正弦函数化简sinA=2sinB，可得a=2b，利用余弦定理解得b，可求a的值，利用三角形面积公式即可得解试题解析：（1）因为，所以，因为在中，所以.（2）因为，所以，因为，所以，所以，所以，所以考点：两角差的正弦函数，余弦函数公式，正弦定理，余弦定理【方法点睛】对余弦定理的理解（1）适用范围：余弦定理对任意的三角形都成立（2）结构特征：“平方”、“夹角”、“余弦”（3）揭示的规律：余弦定理指的是三角形中三条边与其中一个角的余弦之间的关系式，它描述了任意三角形中边与角的一种数量关系（4）主要功

8、能：余弦定理的主要功能是实现三角形中边角关系的互化18. 从某校高中男生中随机选取100名学生，将他们的体重（单位：）数据绘制成频率分布直方图，如图所示.（1）估计该校的100名同学的平均体重（同一组数据以该组区间的中点值作代表）；（2）若要从体重在，内的两组男生中，用分层抽样的方法选取5人，再从这5人中随机抽取3人，记体重在内的人数为，求其分布列和数学期望.（1）64.5；（2）1.8（1）根据组中值与对应区间概率乘积的和计算平均体重，（2）先确定各区间人数，再确定随机变量，根据组合数求对应区间概率，列表可得分布列，最后根据数学期望公式求期望.（1）依频率分布直方图得各组的频率依次为： ，故

9、估计100名学生的平均体重约为:（2）由（1）及已知可得：体重在的男生分别为： 从中用分层抽样的方法选5人，则体重在内的应选3人，体重在内的应选2人，从而的可能取值为1，2，3且得： 其分布列为：P1故得：19. 等边的边长为3，点分别为上的点，且满足（如图1），将沿折起到的位置，使二面角成直二面角，连接，（如图2）（1）求证：平面；（2）在线段上是否存在点，使直线与平面所成的角为？若存在，求出的长；若不存在，请说明理由.（1）见解析；（1） 由 ，等边三角形的边长为3.所以可得,所以在三角形ADE翻折过程中始终成立.又由于成直二面角.由平面与平面垂直的性质定理可得平面.（2）由于平面 平面B

10、CED.假设存在点P，过点P作BD的垂线，垂足为H.则为所求的角.假设BP的长为x，根据题意分别求出相应的线段.即可得结论.（1） 因为等边的边长为3,且 ,所以,在中,由余弦定理得因为,所以 （4分）折叠后有因为二面角是直二面角,所以平面 平面又平面 平面 ,平面,所以平面（6分）（2）由（1）的证明,可知,平面以为坐标原点,以射线、分别为轴、轴、轴的正半轴,建立空间直角坐标系如图设 ,则,所以,所以（8分）因为平面,所以平面的一个法向量为因为直线与平面所成的角为, （10分）解得即,满足,符合题意所以在线段上存在点,使直线与平面所成的角为,此时（12分）1.线面垂直.2.图形的翻折问题.3

11、.线面角.4.空间想象力.20. 在平面直角坐标系中，点，圆，点是圆上一动点，线段的中垂线与线段交于点.（1）求动点的轨迹的方程；（2）若直线与曲线相交于两点，且存在点（其中不共线），使得被轴平分，证明：直线过定点.（1）根据中垂线性质得，即得，再根据椭圆定义确定轨迹方程，（2）因为被轴平分，所以，设坐标代入表示得 ，设直线方程与椭圆方程联立，利用韦达定理代入化简，最后根据方程恒成立条件得直线过定点.（1）由已知， ，圆的半径为依题意有：，故点P的轨迹是以为焦点，长轴长为4的椭圆，即故点P的轨迹E的方程为 （2）令，因A，B，D不共线，故的斜率不为0，可令的方程为：，则由得则 被轴平分，即，亦

12、即 而 代入得： 代入得：时得：此时的方程为：过定点（1，0）时 ，亦满足，此时的方程为：综上所述，直线恒过定点（1，0）21. 已知函数 .（1）若，函数的极大值为，求实数的值；（2）若对任意的，在上恒成立，求实数的取值范围.（1）先求导数，再根据导函数零点分类讨论，根据导函数符号变化规律确定函数极大值，最后根据绝对值求实数的值；（2）先求，最大值，再变量分离得 ，最后根据导数研究函数最大值，即得实数的取值范围.（1）由题意，当时，令，得；，得，所以在单调递增单调递减.所以的极大值为，不合题意.当时，得或，所以在单调递增，单调递减.所以的极大值为，得.综上所述. （2）令，当时，故上递增， 原问题上恒成立 当时，此时，不合题意. 当时，令，则，其中，令，则在区间上单调递增（）时，所以对，从而在上单调递增，所以对任意，即不等式在上恒成立. （）时，由，及在区间上单调递增，所以存在唯一的使得，且时，.从而时，所以在区间上单调递减，则时，即，不符合题意.综上所述，.对于求不等式成立时的参数范围问题，在可能的情况下把参数分离出来，使不等式一端是含有参数的不等式，另一端是一个区