定远县育才学校届高三下学期第一次模拟考试文科数学试题含答案Word文档格式.docx

1、“幂势既同，则积不容异”“幂”是截面积，“势”是几何体的高，意思是两个同高的几何体，如在等高处截面的面积恒相等，则它们的体积相等已知某不规则几何体与如图所示的三视图所表示的几何体满足“幂势既同”，则该不规则几何体的体积为7.某科技股份有限公司为激励创新，计划逐年增加研发资金投入若该公司2020年全年投入的研发资金为100万元，在此基础上，每年投入的研发资金比上一年增长，则该公司全年投入的研发资金开始超过140万元的年份是参考数据：，A. 2025年 B. 2026年 C. 2027年 D. 2028年8.已知函数给出下列结论：的最小正周期为；是的最大值；把函数的图象上的所有点向左平移个单位长度

2、，可得到函数的图象其中所有正确结论的序号是9.已知复数z满足为虚数单位，则A. B. 5 C. D. 10.已知函数，若在时总成立，则实数k的取值范围是11.已知，则a，b，c的大小关系为12.设为三个不同的平面，为两条不同的直线，则下列命题中错误的是A. 当时，若，则B. 当时，若，则C. 当时，若则是异面直线D. 当时，若则第II卷 非选择题（共90分）二、填空题（本大题共4小题,每小题5分,共20分） 13.已知，且在上单调递增，则实数a的取值范围是14.执行如图所示的程序框图，则输出的S的值是_15.过抛物线的焦点的直线l交抛物线于，两点，如果，则 16.既要金山银山，又要绿水青山，说

3、明了既要发展经济，又要保护环境，两者兼得，社会才能又快又好的发展现某风景区在践行这一理念下，计划在如图所示的以AB为直径的半圆形山林中设计一条休闲小道与A，B不重合，A，B相距400米，在紧邻休闲小道AC的两侧及圆弧上进行绿化，共3条绿化带。设，则绿化带的总长度的最大值约为_米参考数据：，三、解答题（本大题共6小题,共70分。其中22、23为选考题。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。）17.（本题满分12分）近期，某公交公司分别推出支付宝和徽信扫码支付乘车活动，活动设置了一段时间的推广期，由于推广期内优惠力度较大，吸引越来越多的人开始使用扫码支付某线路公交车队统计了活动刚推出一周内每一天

4、使用扫码支付的人次，用x表示活动推出的天数，y表示每天使用扫码支付的人次单位：十人次，统计数据如表l所示：表1 x1234567y11213466101196根据以上数据，绘制了如右图所示的散点图根据散点图判断，在推广期内，与d均为大于零的常数哪一个适宜作为扫码支付的人次y关于活动推出天数x的回归方程类型？给出判断即可，不必说明理由；根据的判断结果及表1中的数据，求y关于x的回归方程，并预测活动推出第8天使用扫码支付的人次；参考数据：其中参考公式：对于一组数据，其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为：18.（本题满分12分）在中，角A，B，C的对边分别是且满足， 求角B的大小； 若的面

5、积为，且，求的值；19.（本题满分12分）如图，在长方体中，P是中点求证：直线平面PAC；在棱上求一点Q，使得平面平面，并证明你的结论20.（本题满分12分）已知椭圆E：的离心率为，点A，B分别为椭圆E的左、右顶点，点C在E上，且面积的最大值为求椭圆E的方程；设F为E的左焦点，点D在直线上，过F作DF的垂线交椭圆E于M，N两点证明：直线OD平分线段MN21.（本题满分12分）已知函数讨论函数极值点的个数；当时，不等式在上恒成立，求实数k的取值范围22. （本题满分10分）选修4 - 4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系xOy中，已知曲线：与曲线：为参数以坐标原点为极点，x轴的非负半轴为极轴建立

6、极坐标系写出曲线，的极坐标方程；在极坐标系中，已知l：与，的公共点分别为A，B，当时，求的值23.（本题满分10分）选修4-5：不等式选讲（1）解不等式；（2）若不等式对恒成立，求实数m的取值范围文科数学答案1. B 2. A 3. B 4. D 5. D 6. A 7. B8. B 9. C 10. A 11. D 12. C 13. 14. 415. 816. 88017. 解：根据散点图判断，适宜作为扫码支付的人数y关于活动推出天数x的回归方程类型；分由，两边同时取常用对数得：；设，；计算，分把样本中心点代入，得：关于x的回归方程式：把代入上式，；活动推出第8天使用扫码支付的人次为347

7、0；分18. 解：由正弦定理，得，即，在中，又，的面积为，即，19. 证明：连接BD交AC于O点，连接OP，因为O为矩形对角线的交点，则O为BD的中点，又P为的中点，则，又因为平面PAC，平面PAC，所以直线平面PAC解：取的中点Q，则平面平面，证明：因为P为的中点，Q为的中点，四边形与长方体的上下底面相交AC，则，因为平面PAC，平面PAC，所以平面PAC，同理可得平面PAC，又，平面，平面，所以平面平面20. 解：由题意得解得故椭圆E的方程为设，线段MN的中点，则，由可得，则直线DF的斜率为，当时，直线MN的斜率不存在，根据椭圆的对称性可知OD平分线段MN当时，直线MN的斜率是点M，N在椭

8、圆E上，整理得：又，直线OP的斜率为，直线OD的斜率为，21. 解：当时，所以在R上单调递增，无极值当时，令，得，当时，；当时，即函数在上单调递减，在上单调递增，此时只有一个极值点综上所述，当时，在R上无极值点；当时，函数在R上只有一个极值点当时，由题即在上恒成立令且，则且，当时，即时，由于，而，所以，故在上单调递增，所以，即，故在上单调递增，所以，即在上恒成立，故符合题意由于在上单调递增，令因为，故在上存在唯一的零点，使，因此，当时，单调递减，所以，即，在上单调递减，故，与题不符综上所述，k的取值范围是22. 解：曲线的极坐标方程为，即曲线的普通方程为，即，所以曲线的极坐标方程为；由知，由，知，故，23. 解或或或；当且仅当时，等号成立，或