1、8. 原命题为“,则为递减数列”,关于其逆命题,否命题,逆否命题的判断依次如下,正确的是( ) A.真,真,真 B.假,假,真 C.真,真,假 D.假,假,假9. 某公司10位员工的月工资(单位:元)为,其均值和方差分别为和s2,若从下月起每位员工的月工资增加100元,则这个10位员工下月工资的均值和方差分别为( ) (A) (B) (C) (D)10. 如图,修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接(相切),已知欢呼弯曲路段为某三次函数图像的一部分,则该函数的解析式为( )A. B. C. D. 2、填空题:把答案填写在答题卡相应题号后的横线上(本大题共5小题,每小题5分,共25分
2、).11.抛物线的准线方程为_.12.已知则=_.13. 设,向量,若,则_.14.已知,则的表达式为_.15.(考生注意:请在下列三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题评分)(不等式选做题)设,且,则的最小值为 (几何证明选做题)如图,中,以为直径的半圆分别交于点,若,则 (坐标系与参数方程选做题)在极坐标系中,点到直线的距离是 16. (本小题满分12分) 的内角所对的边分别为.()若成等差数列,证明:;()若成等比数列,求的最小值. 17. (本小题满分12分)四面体及其三视图如图所示,过的中点作平行于,的平面,分别交四面体的棱于点.(1)求四面体ABCD的体积;(2)证明:四边
3、形EFGH是矩形18.(本小题满分12分)在直角坐标系中,已知点,点在三边围成的区域(含边界)上,且 (1)若,求; (2)用表示,并求的最大值.19.(本小题满分12分)某保险公司利用简单随机抽样方法,对投保车辆进行抽样,样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下:赔付金额(元)1000200030004000车辆数(辆)500130100150120()若每辆车的投保金额均为2800圆,估计赔付金额大于投保金额的概率;()在样本车辆中,车主是新司机的占10%,新司机获赔金额为4000元的概率。20.(本小题满分13分)已知椭圆点,离心率为,左右焦点分别为.()求椭圆的方程;()若直线:与椭圆交于两
4、点,与以为直径的圆交与C,D两点,且满足求直线的方程。21.(本小题满分14分)设函数()(为自然对数的底数)时,求的极小值;()讨论函数零点的个数;()若对任意恒成立,求的取值范围。参考答案1D 2B 3A 4C 5C 6B 7B 8A 9D 10A11. =1 12. 13. 14. 15.A B.3 C.116.解:()因为成等差数列,所以由正弦定理得()由题设有由余弦定理得17.解:()由该四面体的三视图可知,平面,四面体体积()平面,平面平面,平面平面同理,所以,四边形是平行四边形又平面,四边形是矩形18.解:(),(),两式相减,得令,由图知,当直线过点时,取得最大值1,故的最大值
5、为119. 解:()设A表示事件“赔付金额为3000元”,B表示事件“赔付金额为4000元”,以频率估计概率得由于投保金额为2800元,赔付金额大于投保金额对应的情形是3000元和4000元,所以其概率为()设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”,由已知,样本车辆中车主为新司机的有辆,而赔付金额为4000元的车辆中,车主为新司机的有辆所以样本车辆中新司机车主获赔金额为4000元的频率由频率估计概率为得P(C)=0.2420.解:()由题设知解得所以,椭圆的方程为()由题设,以为直径的圆的方程为,所以,圆心到直线的距离,由得 (*)所以设,由得由求根公式可得所以, 解得,满足(*)所以,
6、直线的方程为或21.解:()由题设,当时,则所以,当在上单调递减,当在上单调递增,所以,时,取得极小值,所以的极小值为2()由题设令,得则,当时,在(0,1)上单调递增;当时,在上单调递减。所以是的唯一极值点,且是极大值,因此也是的最大值点,所以的最大值为又,结合的图像(如图),可知 当时,函数无零点; 当时,函数有且只有一个零点; 当时,函数有两个零点; 当时,函数有且只有一个零点。综上所述,当时,函数无零点;当或时,函数有且只有一个零点;当时,函数有两个零点。()对任意的,恒成立,等价于恒成立。 (*)所以(*)等价于在上单调递减。由在恒成立,得恒成立,所以(对仅在时成立),所以的取值范围是
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