1、如图:ACBAEF90,FCB和BEF都为直角三角形点P是BF的中点,CPBF,EPBF, PCPE(2)PCPE理由如下:如图2,延长CP,EF交于点H,EH/CB,CBPPFH,HBCP,PFPB,CBPHFP(AAS),PCPH, AEF90在RtCEH中,EPCH, PCPE (3)(2)中的结论,仍然成立,即PCPE,理由如下:如图3,过点F作FDAC于点D,过点P作PMAC于点M,连接PD,DAFEAF,FDAFEA90在DAF和EAF中,DAFEAF(AAS),ADAE,在DAPEAP中,DAPEAP (SAS),PDPF, FDAC,BCAC,PMAC,FD/BC/PM,DMM
2、C,又PMAC,PCPD, 又PDPE,【点睛】此题是几何变换综合题,主要考查了直角三角形斜边的中线等于斜边一半,全等三角形的性质和判定,相似三角形的性质和判定,作出辅助线是解本题的关键也是难点2已知如图1,在中,点在上,交于,点是的中点(1)写出线段与线段的关系并证明;(2)如图2,将绕点逆时针旋转,其它条件不变,线段与线段的关系是否变化,写出你的结论并证明;(3)将绕点逆时针旋转一周,如果,直接写出线段的范围(1),证明见解析;(2)结论不变,理由见解析;(3)最大值 最小值(1)在RtADF中,可得DE=AE=EF,在RtABF中,可得BE=EF=EA,得证ED=EB;然后利用等腰三角形
3、的性质以及四边形ADFB的内角和为180,可推导得出DEB=90;(2)如下图,先证四边形MFBA是平行四边形,再证DCBDFM,从而推导出DMB是等腰直角三角形,最后得出结论;(3)如下图,当点F在AC上时,CE有最大值;当点F在AC延长线上时,CE有最小值(1)DFAC,点E是AF的中点DE=AE=EF,EDF=DFEABC=90,点E是AF的中点BE=AE=EF,EFB=EBFDE=EBAB=BC,DAB=45在四边形ABFD中,DFB=3609045=135DEB=DEF+FEB=1802EFD+1802EFB=3602(EFD+EFB)=3602135=90DEEB(2)如下图,延长
4、BE至点M处,使得ME=EB,连接MA、ME、MF、MD、FB、DB,延长MF交CB于点HME=EB,点E是AF的中点四边形MFBA是平行四边形MFAB,MF=ABMHB=180ABC=90DCA=FCB=DCB=45+,CFH=90DCF=45,CDF=90DFC=45,DCF是等腰直角三角形DFM=180DFCCFH=45+DCB=DFMABC和CDF都是等腰直角三角形DC=DF,BC=AB=MFDCBDFM(SAS)MDF=BDC,DB=DMMDF+FDB=BDC+FDB=90DMB是等腰直角三角形点E是MB的中点DE=EB,DEEB(3)当点F在AC上时,CF有最大值,图形如下:BC=
5、6,在等腰直角ABC中,AC=6CF=3,AF=3CE=CF+FE=CF+当点F在AC延长线上时,CE有最小值,图形如下:同理,CE=EFCF本题考查三角形的旋转变换,用到了等腰直角三角形的性质和平行四边形的性质,解题关键是构造并证明BDM是等腰直角三角形3如图一,矩形ABCD中,AB=m,BC=n,将此矩形绕点B顺时针方向旋转(090)得到矩形A1BC1D1,点A1在边CD上(1)若m=2,n=1,求在旋转过程中,点D到点D1所经过路径的长度;(2)将矩形A1BC1D1继续绕点B顺时针方向旋转得到矩形A2BC2D2,点D2在BC的延长线上,设边A2B与CD交于点E,若,求的值(3)如图二,在
6、(2)的条件下,直线AB上有一点P,BP=2,点E是直线DC上一动点,在BE左侧作矩形BEFG且始终保持,设AB=,试探究点E移动过程中,PF是否存在最小值,若存在,求出这个最小值;若不存在,请说明理由(1);(2);(3)存在,(1)作A1HAB于H,连接BD,BD1,则四边形ADA1H是矩形解直角三角形,求出ABA1,得到旋转角即可解决问题;(2)由BCEBA2D2,推出,可得CE=,由推出,推出A1C=,推出BH=A1C=,然后由勾股定理建立方程,解方程即可解决问题;(3)当A、P、F,D,四点共圆,作PFDF,PF与CD相交于点M,作MNAB,此时PF的长度为最小值;先证明FDGFME
7、,得到,再结合已知条件和解直角三角形求出PM和FM的长度,即可得到PF的最小值.(1)作A1HAB于H,连接BD,BD1,则四边形ADA1H是矩形AD=HA1=n=1,在RtA1HB中,BA1=BA=m=2,BA1=2HA1,ABA1=30旋转角为30BD=,D到点D1所经过路径的长度=;(2)BCEBA2D2,A1C=,BH=A1C=,m4m2n2=6n4,(负根已舍去)由(2)可知,四边形BEFG是矩形,DFG+GFM=GFM+MFE=90DFG=MFE,DFPF,即DFM=90FDM+GDM=FDM+DFM=FDM+90FDG=FME,FDGFME,DFM=90,FDM=60,FMD=3
8、0;在矩形ABCD中,有,即,则,MNAB,四边形ANMD是矩形,MN=AD=3,NPM=DMF=30PM=2MN=6,NP=,DM=AN=BP=2,本题考查点的运动轨迹,旋转变换、解直角三角形、弧长公式、矩形的性质、相似三角形的判定和性质等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用所学知识解决问题,属于压轴题,中考常考题型正确作出辅助线,正确确定动点的位置,注意利用数形结合的思想进行解题.4综合与探究:如图1,的直角顶点在坐标原点,点在轴正半轴上,点在轴正半轴上,将线段绕点顺时针旋转得到线段,过点作轴于点,抛物线经过点,与轴交于点,直线与轴交于点(1)求点的坐标及抛物线的表达式;(2)如图2,已知
9、点是线段上的一个动点,过点作的垂线交抛物线于点(点在第一象限),设点的横坐标为点的纵坐标用含的代数式表示为_;如图3,当直线经过点时,求点的坐标,判断四边形的形状并证明结论;在的前提下,连接,点是坐标平面内的点,若以,为顶点的三角形与全等,请直接写出点的坐标(1)点的坐标为,;(2);点F的坐标为,四边形为正方形,证明见解析;点的坐标为或或(1)根据已知条件与旋转的性质证明,根据全等三角形的性质得出点C的坐标,结合点E的坐标,根据待定系数法求出抛物线的表达式;(2)设直线AC的表达式为,由点A、C的坐标求出直线AC的表达式,进而得解;过点作轴于点,过点作轴,垂足为点,的延长线与的延长线交于点,
10、根据等腰三角形三线合一得出,结合由平行线分线段成比例得出点G的坐标,根据待定系数法求出直线的表达式,结合抛物线的表达式求出点F;利用勾股定理求出,结合可得出结论;根据直线AC的表达式求出点H的坐标,设点N坐标为,根据勾股定理分别求出,然后分两种情况考虑:若FHCFHN,则FNFC,NHCH,若FHCHFN,则FNCH,NHFC,分别列式求解即可(1),点的坐标为,点的坐标为,线段绕点顺时针旋转得到线段,在中,轴于点,点的坐标为,抛物线的图象经过点,与轴交于点,解得,抛物线的表达式为;(2)设直线AC的表达式为,直线AC经过点,解得,即,点的纵坐标用含的代数式表示为:故答案为:过点作轴于点,点为
11、,设直线的表达式为,将和代入表达式得,即表达式为,点为直线和抛物线的交点,得,(舍去),过点作轴,垂足为点,的延长线与的延长线交于点,在中和中,根据勾股定理,得,同理可得,四边形为菱形,菱形为正方形;直线AC:与x轴交于点H,解得,x12,设点N坐标为,第一种情况:若FHCFHN,则FNFC,NHCH,解得,(即点C),第二种情况:若FHCHFN,则FNCH,NHFC,解得,或,综上所述,以F,H,N为顶点的三角形与FHC全等时,点N坐标为或或本题是函数与几何的综合题,考查了待定系数法求函数的表达式,全等三角形的判定与性质,菱形与正方形的判定,旋转的性质,勾股定理等知识,其中对全等三角形存在性的分析,因有一条公共边,可对另外两边进行分类讨论,本题有一定的难度,是中考压轴题5请阅读下列材料:问题:如图1,在等边三角形ABC内有一点P,且PA=2,PB=,PC=1、求BPC度数的大
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